广东省东莞外国语学校2021-2022学年化学高二第二学期期末检测试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、下列实验中，能证明苯酚的酸性极弱的是 ( )A苯酚的水溶液中加入氢氧化钠溶液，生成苯酚钠B苯酚在空气中容易被氧化为粉红色C苯酚钠溶液中通入二氧化碳后，溶液由澄清变浑浊D浑浊的苯酚溶液加热变澄清2、下列叙述正确的是（ ）A浓硫酸具有强腐蚀性，可用浓硫酸刻蚀石英制艺术品B我国预计2020年发射首颗火星探

2、测器，其太阳能电池帆板的材料是晶体硅C“海水淡化”可以解决淡水供应危机，向海水中加入明矾可以使海水淡化D“一带一路”是现代“丝绸之路”，丝绸的主要成分是纤维素3、下列除去杂质的方法正确的是A除去乙烷中少量的乙烯：光照条件下通入Cl2，使乙烯转化成液态二氯乙烷而与乙烷分离。B除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用氢氧化钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏；C除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸钠溶液的洗气瓶；D除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏。4、下列有关实验叙述错误的是()甲烷与氯气在光照下反应后的混合气体能使湿润的石蕊试纸变红，说明生成的氯甲烷具有酸性苯与浓硝酸、浓硫酸混合制备硝基苯的过程中可

3、以用酒精灯直接加热煤油可由石油分馏获得，可用作燃料和保存少量金属钠实验室制备乙酸乙酯过程中含有少量乙酸可用NaOH溶液除去实验室溴苯的制备，反应条件为溴化铁和溴水ABCD全部5、下列关于物质的量浓度表述正确的是()A0.3 molL-1的Na2SO4溶液中含有的Na+和SO42的总物质的量为0.9 molB当1 L水吸收22.4 L氨气时所得氨水的浓度不是1 molL-1,只有当22.4 L氨气溶于水制得1 L氨水时,其浓度才是1 molL-1C在K2SO4和NaCl的中性混合水溶液中,如果Na+和SO42的物质的量相等，则K+和Cl-的物质的量浓度一定相同D将10 时a molL-1的KCl

4、饱和溶液100 mL加热蒸发掉5 g水，冷却到10 时，其体积小于100 mL，它的物质的量浓度仍为a molL-16、海水中主要含有Na+、K+、Mg2+、Ca2+、Cl-、Br-、SO42-、HCO3-、CO32-等离子，火力发电时排放的烟气可用海水脱硫，其工艺流程如下图所示：下列说法错误的是A海水pH约为8的原因主要是天然海水含CO32-、HCO3-B吸收塔中发生的反应有SO2+H2OH2SO3C氧化主要是氧气将HSO3-、SO2-、H2SO3氧化为SO42-D经稀释“排放”出的废水中，SO42-浓度与海水相同7、I可以作为水溶液中SO2歧化反应的催化剂，可能的催化过程如下：i SO24

5、I4H+=S2I22H2OiiI22H2OSO2=SO4H+2I序号试剂组成0.4 molL-1KIa molL-1 KI0.2 molL-1 H2SO40.2 molL-1H2SO40.2 molL-1 KI0.0002 mol I2实验现象溶液变黄，一段时间后出现浑浊溶液变黄，出现浑浊较快无明显现象溶液由棕褐色很快褪色，变成黄色，出现浑浊较快探究i、ii反应速率与SO2歧化反应速率的关系，实验如下：分别将18 mL SO2饱和溶液加入到2 mL下列试剂中，密闭放置观察现象。（已知：I2易溶解在KI溶液中），下列说法不正确的是A水溶液中SO2歧化反应方程式为：3SO22H2O =S2H2SO

6、4B是的对比实验，则a0.4C比较、，可得出结论：I是SO2歧化反应的催化剂，H+单独存在时不具有催化作用，但H+可加快歧化反应速率D实验表明，SO2的歧化反应速率，原因是反应i比ii快，反应ii中产生的H+是反应i加快8、已知室温时，CH3COOH的电离常数为1.75105，NH3H2O的电离常数为1.75105。0.1 molL1的下列溶液：CH3COONa、NH4Cl、CH3COONH4、(NH4)2SO4，pH由小到大排列正确的是()ABCD，由此可见，反应比反应速率快，反应产生H+使成c(H+)增大，从而反应i加快，故D项错误；综上所述，本题正确答案为D。【点睛】解题依据：根据影响化

7、学反应速率的因素进行判断。通过实验对比探究反应物、生成物的浓度，催化剂对化学反应速率的影响。8、D【解析】CH3COOH的电离常数为1.75105，NH3H2O的电离常数为1.75105，所以CH3COONH4 溶液显中性 。【详解】CH3COONa是强碱弱酸盐，溶液显碱性，pH7； NH4Cl是强酸弱碱盐，溶液显酸性， pH7；由于CH3COOH与NH3H2O的电离平衡常数相等，所以CH3COONH4溶液呈中性，pH=7； (NH4)2SO4是强酸弱碱盐,溶液显酸性， pH7；由于NH4Cl溶液(NH4)2SO4溶液物质的量浓度相等,铵根离子浓度(NH4)2SO4溶液离子浓度大，故其酸性强，

8、pH小；由以上分析可以得出pH由小到大排列R-OH。二、非选择题（本题包括5小题）17、4 C8H8O2 酯类 bc 【解析】（1）核磁共振氢谱可知A有4个峰；（2）N（C）：N（H）：N（O）=：=4:4:1，A的相对分子质量为136；（3）从红外光谱可知；（4）由A的核磁共振氢谱有4个峰，其面积之比为1223，A的分子式为C8H8O2；（5）会从质谱法中得到分子的相对分子质量，会分析核磁共振图谱得知有机物分子中氢的环境，会分析红外光谱仪确定分子中所含基团，结合起来可得A的结构简式。【详解】（1）由核磁共振氢谱可知A有4个峰，所以A分子中共有4种化学环境不同的氢原子；（2）已知A中含碳为70

9、.59、含氢为 5.88，含氧23.53，列式计算N（C）：N（H）：N（O）=：=4:4:1，求得A的实验式为C4H4O，设A的分子式为（C4H4O）n ，又由A的相对分子质量为136，可得n=2，分子式为C8H8O2；（3）从红外光谱可知8个碳原子中有6个C在苯环中，还有C=O、COC、CH这些基团，可推测含有的官能团为酯基，所以A是酯类；（4）由A的核磁共振氢谱有4个峰，其面积之比为1223，A的分子式为C8H8O2，可知A分子中只含一个甲基，因为甲基上的氢原子有3个，答案选bc；（5）根据以上分析可知，A的结构简式为：。【点睛】本题考查测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构方法，会从

10、质谱法中得到分子的相对分子质量，会分析核磁共振图谱得知有机物分子中氢的环境，会分析红外光谱仪确定分子中所含基团，综合计算可以得到有机物的分子式和结构。18、CO2 钠、硅 Al33NH3H2O=Al(OH)33NH4+ Al(OH)3OH=AlO2H2O Mg(OH)2 Mg3Al(OH)7CO3 【解析】气体A可使澄清石灰水变浑浊，结合抗酸药的有效成分，知该气体A为CO2，X中一定不含Si元素，因为硅酸盐中加入适量盐酸，会产生硅酸沉淀，溶液B中含有氯化镁和氯化铝；X中一定不含Na，因为Na的焰色为黄色；根据题给信息知调节pH至56时生成的白色沉淀B为Al(OH)3；加入过量NaOH溶液，沉淀

11、B完全溶解，离子方程式为：Al(OH)3OHAlO22H2O；加入NaOH溶液调节pH至12，有白色沉淀产生，则沉淀C为Mg(OH)2，据此解答。【详解】（1）气体A可使澄清石灰水变浑浊，结合抗酸药的有效成分，知该气体为CO2；（2）X中一定不含Si元素，因为硅酸盐中加入过量盐酸，会产生硅酸沉淀，一定不含Na元素，因为Na元素的焰色为黄色，即由、判断X一定不含有的元素是磷、硅、钠；（3）调节pH至56时生成的白色沉淀为Al(OH)3，NH3H2O为弱电解质，离子方程式中应写为化学式，即离子方程式为Al33NH3H2OAl(OH)33NH4；（4）中氢氧化铝溶解的离子方程式为Al(OH)3OHA

12、lO22H2O；（5）加入NaOH溶液调节pH至12，有白色沉淀产生，则沉淀C为Mg(OH)2；（6）由于n（CO2）:nAl(OH)3:nMg(OH)2=1:1:3，则CO32-、Al3+、Mg2+的物质的量之比为1:1:3，结合电荷守恒，则CO32-、Al3+、Mg2+、OH-的物质的量之比为1:1:3:7，故X为Mg3Al(OH)7CO3。19、滴定管 2-3 2-3 气泡 锥形瓶 滴定管活塞 锥形瓶内溶液颜色变化 偏高 无影响 偏高 偏高 偏低 【解析】（1）中和滴定实验，应先检验仪器是否漏液，再用标准液进行润洗23次，最后排除滴定管尖嘴处的气泡；（2）滴定时，左手控制酸式滴定管的活塞

13、，以便控制液体的流速，右手摇动锥形瓶，两眼注视锥形瓶内溶液颜色的变化；（5）利用c1V1=c2V2判断。【详解】（1）中和滴定实验，盐酸为标准液，需用酸式滴定管，使用前应验漏；滴定管不漏液，则用蒸馏水洗涤23次，再用标准液润洗23次，可防止标准液的浓度偏小；装液高于“0”刻度，并驱逐除尖嘴处的气泡；（2）滴定时，左手控制酸式滴定管的活塞，以便控制液体的流速，右手摇动锥形瓶，两眼注视锥形瓶内溶液颜色的变化；（5）用待测液润洗锥形瓶，导致待测液的物质的量偏大，使用标准液的物质的量偏大，计算待测液的浓度偏高；滴定前用蒸馏水洗锥形瓶，对待测液的物质的量无影响，则计算结果无影响；滴定过程中不慎有酸液外溅

14、，导致酸溶液的体积偏大，计算待测液的浓度偏高；滴定到终点时，滴定管尖嘴外悬有液滴，导致酸溶液的体积偏大，计算待测液的浓度偏高；读数时，滴定前仰视，滴定后俯视，导致酸溶液的体积偏小，计算待测液的浓度偏低。【点睛】某一次操作对标准液的影响，再利用c1V1=c2V2计算出待测液的浓度变化。20、防止暴沸 冷凝 防止环己烯挥发 上层 c 【解析】（1）根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝；冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度，使其液化；（2）环己烯不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，分层后环己

15、烯在上层，由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，提纯产物时用c（Na2CO3溶液）洗涤可除去酸；【详解】（1）根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝，故答案为：防止暴沸；冷凝；冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度，使其液化，故答案为：防止环己烯挥发；（2）环己烯是烃类，不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，振荡、静置、分层后环己烯在上层，由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，联想：制备乙酸乙酯提纯产物时用c（Na2CO3溶液）洗涤可除去酸；故答案为：上层；c。【点睛】环己烯是烃类，不溶于氯化钠溶液，且密度比水小。21、 Ar3d104s24p3大于小于三角锥形sp3GaF3为离子晶体，GaCl3为分子晶体原子晶体共价【解析】（1）根据核外电子排布规律，基态As原子的核外电子排布式为Ar3d104s24p3。