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1、PAGE PAGE 4课时质量评价(三)A组全考点巩固练1(2021盐城模拟)命题“x(0,),ln xx1”的否定是()Ax(0,),ln xx1 Bx(0,),ln xx1Cx(0,),ln xx1 Dx (0,),ln xx1C解析:存在量词命题的否定是全称量词命题,将结论加以否定,所以命题的否定为“x(0,),ln xx1”2已知a0,函数f(x)ax2bxc若x0满足关于x的方程2axb0下列选项中的命题为假命题的是()AxR,f(x)f(x0)BxR,f(x)f(x0)CxR,f(x)f(x0)DxR,f(x)f(x0)C解析:f(x)ax2bxcaeq blc(rc)(avs4a
2、lco1(xf(b,2a)eq sup12(2)eq f(4acb2,4a)(a0)因为x0满足2axb0,所以x0eq f(b,2a)当xx0时,函数f(x)取得最小值f(x0),所以xR,f(x)f(x0),从而A,B,D为真命题,C为假命题3(2021呼和浩特市高三调研)已知命题p:实数的平方是非负数,则下列结论正确的是()A命题p是真命题B命题p是存在量词命题C命题p是全称量词命题D命题p既不是全称量词命题也不是存在量词命题C解析:命题p:实数的平方是非负数,是真命题,故p是假命题,命题p是全称量词命题4已知命题“xR,使2x2(a1)xeq f(1,2)0”是假命题,则实数a的取值范
3、围是()A(,1)B(1,3)C(3,)D(3,1)B解析:由题意得,“xR,使2x2(a1)xeq f(1,2)0”为真命题,所以(a1)240,即|a1|2,解得1ag(x2)恒成立,求实数m的取值范围解:f(x)x22x3(x1)22当x1,4时,f(x)minf(1)2,g(x)maxg(4)2m,则f(x)ming(x)max,即22m,解得m0故实数m的取值范围是(,0)B组新高考培优练9已知集合A是奇函数集,B是偶函数集若命题p:f(x)A,|f(x)|B,则p为()Af(x)A,|f(x)|BBf(x) A,|f(x)| BCf(x)A,|f(x)| BDf(x) A,|f(x
4、)| BC解析:全称量词命题的否定为存在量词命题:改写量词,否定结论所以p:f(x)A,|f(x)| B10(多选题)(2021济宁期末)下列命题中真命题是()AxR,2x10BxN*,(x1)20CxR,lg x1DxR,tan x2ACD解析:根据指数函数的值域知选项A是真命题;取x1,计算知(x1)20,故选项B是假命题;取x1,计算知lg x01,故选项C是真命题;由ytan x的图象知xR使得tan x2,故选项D是真命题11(多选题)下列命题正确的是()A“a1”是“eq f(1,a)1”的充分不必要条件B命题“x(0,),ln xex2x2”的否定是“x(0,),ln xex2x
5、2”C设x,yR,则“x2且y2”是“x2y24”的必要不充分条件D设a,bR,则“a0”是“ab0”的必要不充分条件ABD解析:a1eq f(1,a)1,反之不成立,所以“a1”是“eq f(1,a)1”的充分不必要条件,所以A正确;命题“x(0,),ln xx1”的否定是“x(0,),ln xx1”,满足命题的否定形式,所以B正确;设x,yR,则x2且y2x2y24,反之不成立,所以设x,yR,则“x2且y2”是“x2y24”的充分不必要条件,所以C不正确;设a,bR,则“a0”推不出“ab0”,反之成立,所以前者是后者的必要不充分条件,所以D正确故选ABD12(2021潮州二模)对于函数
6、f(x),若在定义域内存在x满足f(x)f(x),称f(x)为“局部奇函数”若f(x)x22mxm23是定义在R上的“局部奇函数”,则实数m的取值范围是_eq r(3),eq r(3)解析:根据题意,f(x)为“局部奇函数”等价于关于x的方程f(x)f(x)有解即x22mxm23(x22mxm23),整理得:x2m230,必有m230,解得eq r(3)meq r(3),即m的取值范围为eq r(3),eq r(3)13已知函数f(x)eq f(x2x1,x1)(x2),g(x)ax(a1,x2)(1)若x2,),使f(x)m成立,求实数m的取值范围;(2)若x12,),x22,),使得f(x1)g(x2),求实数a的取值范围解:(1)f(x)eq f(x2x1,x1)xeq f(1,x1)x1eq f(1,x1)1213,当且仅当x2时等号成立所以,若x2,),使f(x)m成立,且f(x)min3,则实数m的取值范围为3,)
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