山东省东营市胜利第三十九中学2022-2023学年高三物理月考试卷含解析

1、山东省东营市胜利第三十九中学2022-2023学年高三物理月考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）做初速不为零的匀加速直线运动的物体在时间T 内通过位移s1到达 A 点，接着在时间 T 内又通过位移 s2到达 B 点，则以下判断正确的是A物体在A点的速度大小为 B物体运动的加速度为C物体运动的加速度为 D物体在B点的速度大小为参考答案：ACD2. （多选题）如图所示，一质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂于O点，初始时刻小球静止于P点第一次小球在水平拉力F作用下，从P点缓慢地移动到Q点，此时轻绳与竖直方向夹角为，张力大小为T1；第

2、二次在水平恒力F作用下，从P点开始运动并恰好能到达Q点，至Q点时轻绳中的张力为大小T2关于这两个过程，下列说法中正确的是（）A第一个过程中，拉力F在逐渐变大，且最大值一定大于FB两个过程中，轻绳的张力均变大CT1大于T2D两个过程中F和F做的功一样参考答案：ABD【考点】动能定理的应用；共点力平衡的条件及其应用；功的计算【分析】第一次小球在水平拉力F作用下，从P点缓慢地移动到Q点，则小球处于平衡状态，第二次在水平恒力F作用下，从P点开始运动并恰好能到达Q点，则到达Q点时速度为零，由于重力和拉力都是恒力，可以把这两个力合成为新的“重力”，则第二次小球的运动可以等效于单摆运动，找出“最低点”，最低

3、点的速度最大，在Q点速度为零，则向心力为零，判断T2与mg的关系【解答】解：A、第一次小球在水平拉力F作用下，从P点缓慢地移动到Q点，则小球处于平衡状态，根据平衡条件得：F=mgtan，随着增大，F逐渐增大，第二次从P点开始运动并恰好能到达Q点，则到达Q点时速度为零，在此过程中，根据动能定理得：Flsin=mgl（1cos）解得：F=mgtan，因为90，所以mgtanmgtan，则FF，故A正确；B、第一次运动过程中，根据几何关系可知，绳子的拉力，所以轻绳的张力变大，第二次由于重力和拉力都是恒力，可以把这两个力合成为新的“重力”，则第二次小球的运动可以等效于单摆运动，当绳子方向与重力和F方向

4、在同一直线上时，小球处于“最低点”，最低点的速度最大，此时绳子张力最大，所以第二次绳子张力先增大，后减小，故B错误；C、第一次运动到Q点时，受力平衡，根据几何关系可知，第二次运动到Q点时，速度为零，则向心力为零，则绳子拉力T2=mgcos+Fsin=mgcos+=mg，故T1大于T2；故C正确；D、对过程分析可知，两过程中动能的改变量均相同，重力做功相同，则由动能定理可知，两个过程中F和F做的功一样的；故D正确；故选：ABD3. 如图所示，在粗糙水平面上放一个重为G1的三角形木块a，若重为G2的物体b在a的斜面上匀加速下滑，则木块a受到的地面支持力FN和静摩擦力F的情况是（ ）AFN=G1+G

5、2，F=0 BFN=G1+G2，F0，方向向左CFNG1+G2，F=0 DFNG1+G2，F0，方向向左 参考答案：答案：D4. （多选）关于物理学发展，下列表述正确的有A. 伽利略根据斜面实验的结果合理外推得出自由落体运动的位移与下落时间的平方成正比B. 伽利略科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理和谐地结合起，从而有力地推进了人类科学认识的发展C. 笛卡儿提出了三条运动定律. 笛卡儿明确指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动参考答案：ABD5. （单选）按照玻尔理论，一个氢原子从n=3能级跃迁到n=2能级，则（）A要吸收特定频率的光子B要放出特定频率的光子C

6、可放出任意频率的光子D原子的能量增加参考答案：考点：氢原子的能级公式和跃迁.专题：原子的能级结构专题分析：从高能级向低能级跃迁，释放光子，能量减少，从低能级向高能级跃迁，吸收光子，能量增加能级间跃迁所满足的规律，即EmEn=hv解答：解：一个氢原子从n=3能级跃迁到n=2能级，按照玻尔理论，能级间跃迁所满足的规律，即EmEn=hv从高能级向低能级跃迁，释放光子，能量减少，要放出特定频率的光子故选：B点评：知道高能级向低能级跃迁，释放光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 按照玻尔原子理论，氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量_(选填“越大

7、”或“越小”)。已知氢原子的基态能量为E1(E10)，电子质量为m，基态氢原子中的电子吸收一频率为的光子被电离后，电子速度大小为_(普朗克常量为h ).参考答案： 解析： 频率为的光子的能量E=h氢原子中的电子离原子核越远，则能级越高，氢原子能量越大基态中的电子吸收一频率为的光子后，原子的能量增大为E=E1+h电子发生电离时其电势能为0，动能为mv2；故有E=0+mv2；所以有E1+h=mv2；则v= 7. （9分）探究能力是物理学研究的重要能力之一。物体因绕轴转动而具有的动能叫转动动能，转动动能的大小与物体转动的角速度有关。为了研究某一砂轮的转动动能Ek与角速度的关系。某同学采用了下述实验方

8、法进行探索：如图所示，先让砂轮由动力带动匀速旋转测得其角速度，然后让砂轮脱离动力，由于克服转轴间摩擦力做功，砂轮最后停下，测出砂轮脱离动力到停止转动的圈数n，通过分析实验数据，得出结论。经实验测得的几组和n如下表所示： /rads10.51234n5.02080180320Ek/J 另外已测得砂轮转轴的直径为1cm，转轴间的摩擦力为10/N。（1）计算出砂轮每次脱离动力的转动动能，并填入上表中。（2）由上述数据推导出该砂轮的转动动能Ek与角速度的关系式为 。（3）若测得脱离动力后砂轮的角速度为2.5rad/s，则它转过45圈后的角速度为 rad/s。 参考答案：（1）（全对得3分）Ek/J0.

9、5281832（2）22 （3分）；（3）2（3分）8. 23如图所示，t0时，一小物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点。每隔2s测得的三个时刻物体的瞬时速度，记录在下表中。重力加速度g取10m/s2，则物体到达B点的速度为 m/s；物体经过BC所用时间为 s。t/s0246v/ms-108128参考答案：13.33；6.679. 长度为L=0.5m的轻质细杆，一端有一质量为m=3kg的小球，小球以O点为圆心在竖直面内做圆周运动，当小球通过最高点时速率为2ms时，小球受到细杆的 力（填拉或支持），大小为 N，g取10ms。参考答

10、案：支持力，610. 如图甲所示，强强乘电梯速度为0.9（为光速）的宇宙飞船追赶正前方的壮壮，壮壮的飞行速度为0.5，强强向壮壮发出一束光进行联络，则壮壮观测到该光束的传播速度为 。（填写选项前的字母）（A）0.4c (B)0.5c(C)0.9c (D)1.0c(2)在时刻，质点A开始做简谐运动，其振动图象如 图乙所示。 质点A振动的周期是 s；时，质点A的运动沿轴的 方向（填“正”或“负”）；质点B在波动的传播方向上与A相距16m，已知波的传播速度为2m/s，在时，质点B偏离平衡位置的位移是 cm（3）图丙是北京奥运会期间安置在游泳池底部的照相机拍摄的一张照片，照相机的镜头竖直向上。照片中，

11、水利方运动馆的景象呈限在半径的圆型范围内，水面上的运动员手到脚的长度，若已知水的折射率为，请根据运动员的实际身高估算该游泳池的水深，（结果保留两位有效数字）参考答案：(1)D (2)4 正 10;(3)(都算对)11. 2爱因斯坦在现代物理学领域作出了很多重要贡献，试举出其中两项： ； 参考答案：相对论；光的量子性12. 灵敏电流计的内阻是Rg=200，满偏电流是Ig=1mA，要把这个电流表改装成量程为6.0V的电压表，应串联（填“串联”或“并联”）一个阻值为5800的电阻，改装电压表的内阻为6000参考答案：考点：把电流表改装成电压表专题：实验题；恒定电流专题分析：电流表改装成电压表要串联电

12、阻分压，串联的阻值为R=Rg，U为改装后的量程解答：解：把电流表改装成电压表，要串联一个分电阻，分压电阻阻值：R=Rg=200=5800，电压表内阻：RV=R+Rg=5800+200=6000；故答案为：串联，5800，6000点评：考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，应用欧姆定律与串联电路特点即可正确解题13. 如图所示是某同学探究功与速度变化的关系的实验装置，他将光电门固定在长木板上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A由静止释放（1）若用游标卡尺测出遮光条的宽度d如图所示， d= cm；（2）实验中可近似认为细线对小车的拉力与重物重力大小相等，则拉力对小

13、车所做的功为重物重力与AB的距离的乘积；测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门的时间?t，通过描点作出线性图象，研究功与速度变化的关系。处理数据时应作出_图象。 A?tm B?t2m C D参考答案：（1）1.140 （2）D 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，串联了一只2.8 的保护电阻R0，实验电路如下图1所示（1）连好电路后，当该同学闭合电键，发现电流表示数为0，电压表示数不为0。检查各接线柱均未接错，且接触良好；他用多用电表的电压挡检查电路，把两表笔分别接a、b；b、c；d、e时，示数均为0，把两表笔接

14、c、d时，示数与电压表示数相同，由此可推断故障是_（2）按电路原理图1及用多用电表的电压挡检查电路，把两表笔分别接c、d时的实物电路图2以画线代导线将没连接的线连接起来（3）排除故障后，该同学顺利完成实验。测得下列数据且根据数据在下面坐标图中描出对应的点，并可画出UI图后求出：电池的电动势为_，内阻为_I/A0.100.170.230.300.40U/V1.201.000.800.600.55参考答案：（1） R断路 （2） 如图 （3） 约 1.50 V； 约0.09 15. 在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，小灯泡的阻值约为几欧姆；电压表量程为3 V，内阻约为3000 ：电流表量程为0.6

15、 A，内阻约为2 ，要求小灯泡的电压能从零开始调节，为减小实验误差，方便调节，请在如图所示的四个电路图和给定的三个滑动变阻器中选取适当的电路和器材，并将它们的编号填在横线上应选取的电路是_，滑动变阻器应选取_。E总阻值5 ，最大允许电流2 A的滑动变阻器F总阻值200 ，最大允许电流2 A的滑动变阻器G总阻值1000 ，最大允许电流1 A的滑动变阻器参考答案：实验要求小灯泡的电压能从零开始调节，故滑动变阻器采用分压式接法；小灯泡内阻较小，为减小实验误差，电流表应外接；满足不被烧坏的前提下，变阻器量程越小越好，方便调节。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. （12分）如图所示，粗细均匀，两

16、端开口的U形管竖直放置，管的内径很小，水平部分BC长14厘米，一空气柱将管内水银分隔成左右两段，大气压强相当于高为76厘米水银柱的压强。（1）当空气柱温度为开，长为厘米时，BC管内左边水银柱长2厘米，AB管内水银柱长也是2厘米，则右边水银柱总长是多少？（2）当空气柱温度升高到多少时，左边的水银恰好全部进入竖直管AB内？（3）当空气柱温度为490开时，两竖直管内水银柱上表面高度各为多少？参考答案：解析：（1）U形管两端均开口，所以两竖直管内水银面高度应相同，即右边竖直管内水银柱高度为（厘米） 右边水平管内水银柱长度为142=4（厘米）右边水银柱总长是4+2=6（厘米） （2）左边的水银全部进入竖

17、直管内时，两竖直管内水银面高度均为（厘米） 此时，右边水平管内水银柱长度为2厘米，所以空气柱长为=142=12（厘米） （开） （3）设温度为开时，空气柱长为等压过程（厘米） 其中有2厘米进入左边竖直管内右管内水银面高度为（厘米） 左管内水银上表面高度为（厘米）17. 轻质弹簧原长为2l，将弹簧竖直放置在地面上，在其顶端将一质量为5m的物体由静止释放，当弹簧被压缩到最短时，弹簧长度为l现将该弹簧水平放置，一端固定在A点，另一端与物块P接触但不连接AB是长度为5l的水平轨道，B端与半径为l的光滑半圆轨道BCD相切，半圆的直径BD竖直，如图所示物块P与AB间的动摩擦因数=0.5用外力推动物块P，将

18、弹簧压缩至长度l，然后释放，P开始沿轨道运动，重力加速度大小为g（1）若P的质量为m，求P到达B点时速度的大小，以及它离开圆轨道后落回到AB上的位置与B点间的距离；（2）若P能滑上圆轨道，且仍能沿圆轨道滑下，求P的质量的取值范围参考答案：解：（1）将弹簧竖直放置在地面上，物体下落压缩弹簧时，由系统的机械能守恒得 Ep=5mgl如图，根据能量守恒定律得 Ep=mg?4l+联立解得 vB=物体P从B到D的过程，由机械能守恒定律得 mg?2l+=解得 vD=所以物体P能到达D点，且物体P离开D点后做平抛运动，则有 2l= x=vDt解得 x=2l即落地点与B点间的距离为2l（2）P刚好过B点，有：Ep=m1g?4l，解得 m1=mP最多到C而不脱轨，则有 Ep=m2g?4l+m2gl，解得 m2=m所以满足条件的P的质量的取值范围为： mmPm答：（1）P到达B点时速度的大小是，它离开圆轨道后落回到AB上的位置与B点间的距离是2l（2）P的质量的取值范围为： mmPm【考点】动能定理；平抛运动【分析】（1）先研究弹簧竖直的情况，根据系统的机械能守恒求出弹簧最大的弹性势能弹簧如图放置时，由于弹簧的压缩量等于