2021-2022学年海南省海口市海南中学高三第六次模拟考试物理试卷含解析

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列核反应方程正确的是（）A轻核聚变反应方程中，x表示电子B铀核裂变的一种核反应方程C核反应方程为轻核聚变D放射性元素发生的衰变方程为2、如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为

2、L、电阻为R的正方形导线框，在导线框右侧有一宽度为d（dL）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动，t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，并以此位置开始计时做为导线框位移x的起点，随后导线框进入磁场区域，直至导线框的右边与磁场区域右边界重合。下列图象中，可能正确描述上述过程的是（其中q表示流经线框的电荷量，v表示线框的瞬时速度）（）ABCD3、两辆汽车a、b在两条平行的直道上行驶。t=0时两车并排在同一位置，之后它们运动的v-t图像如图所示。下列说法正确的是（）A汽车a在10s末向反方向运动B汽车b一直在物体a的前面C5s到10s两车

3、的平均速度相等D10s末两车相距最近4、在物理学发展的历程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，以下对几位物理学家所做科学贡献的叙述正确的是（ ）A牛顿运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”B安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律C爱因斯坦创立相对论，提出了一种崭新的时空观D法拉第在对理论和实验资料进行严格分析后，总结出了法拉第电磁感应定律5、我国拥有世界上最大的单口径射电望远镜，被称为“天眼”，如图所示。“天眼” “眼眶”所围圆面积为S，其所在处地磁场的磁感应强度大小为B，与“眼眶”平面平行、垂直的分量分别为Bl、B2，则穿过“眼眶”的磁通量大小为A0BBSCB1S

4、DB2S6、如图所示，压缩的轻弹簧将金属块卡在矩形箱内，在箱的上顶板和下底板均安有压力传感器，箱可以沿竖直轨道运动。当箱静止时，上顶板的传感器显示的压力F1=2N，下底板传感器显示的压力F2=6N，重力加速度g=10m/s2。下列判断正确的是（）A若加速度方向向上，随着加速度缓慢增大，F1逐渐减小，F2逐渐增大B若加速度方向向下，随着加速度缓慢增大，F1逐渐增大，F2逐渐减小C若加速度方向向上，且大小为5m/s2时，F1的示数为零D若加速度方向向下，且大小为5m/s2时，F2的示数为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部

5、选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在粗糙水平桌面上，长为l=0.2m的细绳一端系一质量为m=2kg的小球，手握住细绳另一端O点在水平面上做匀速圆周运动，小球也随手的运动做匀速圆周运动。细绳始终与桌面保持水平，O点做圆周运动的半径为r=0.15m，小球与桌面的动摩擦因数为，。当细绳与O点做圆周运动的轨迹相切时，则下列说法正确的是（ ）A小球做圆周运动的向心力大小为6NBO点做圆周运动的角速度为C小球做圆周运动的线速度为D手在运动一周的过程中做的功为8、有一轻杆固定于竖直墙壁上的点，另一端固定一轻滑轮，一足够长的细绳一端挂一质量为的物体，跨过定滑轮后另一端固定于竖直墙壁上的点，

6、初始时物体处于静止状态，两点间的距离等于两点间的距离，设与竖直墙壁的夹角为，不计滑轮与细绳的摩擦，下列说法正确的是（）A系统平衡时杆对滑轮的力一定沿杆的方向B若增大杆长，与位置不变且保持，使角增大，则杆对滑轮弹力的方向将偏离杆C若保持点的位置不变，将绳子的固定点点向上移动，则杆对滑轮的弹力变大D若保持与竖直墙壁的夹角不变，将轻杆的固定点向下移动，则杆对滑轮弹力的方向不变9、下列说法中正确的是（）A光的偏振现象证明了光波是横波B机械波和电磁波一样，从空气进入水中波长变短C白光经过三棱镜色散后，紫光的传播方向改变量最大D拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以增加透射光的强度E.在白织

7、灯的照射下从两块捏紧的玻璃板表面看到彩色条纹，这是光的干涉现象10、如图所示，足够长的光滑导轨倾斜放置，其上端接有电阻R，匀强磁场垂直于导轨所在平面向上，始终垂直导轨的导体棒EF接入电路的有效电阻为r，导轨和导线电阻不计，在导体棒EF沿着导轨下滑的过程中，下列判断正确的是（ ）A感应电流在导体棒EF中方向从F到EB导体棒受到的安培力方向沿斜面向下，大小保持恒定C导体棒的机械能一直减小D导体棒克服安培力做的功等于电阻R消耗的电能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了粗略测量电阻，小明同学用量程为5mA的毫安表、电动势为3V的电池、

8、0999.9)的电阻箱制作了一块简易欧姆表，电路如图所示：（1）为制作欧姆表，_准确测量毫安表的内阻（填“需要”或“不需要”）；（2）进行欧姆调零之后，用该表测量某电阻时，a表笔是_表笔（填“红”或“黑”），此时毫安表读数为2.5mA，则待测电阻阻值为_；（3）如果在毫安表两端并联一个电阻，其余电路均不变，表盘中间刻度对应的电阻值_（填“变大”、“变小”或“不变”）；（4）该欧姆表用久后，电池老化造成电动势减小，内阻增大，但仍能进行欧姆调零，则用其测得的电阻值_真实值（填“大于”、“小于”或“等于”）。12（12分）某同学欲用伏安法测定一阻值约为5的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：

9、A直流电源E(电动势约为4.5V，内阻很小)；B直流电流表A1(量程00.6A，内阻约为0.1)；C直流电流表A2(量程03A，内阻约为0.2)；D直流电压表V1(量程03V，内阻约为3k)；E直流电压表V2(量程015V，内阻约为6k)；F滑动变阻器R1(最大阻值为10)；G开关、导线若干。（1）在备选器材中，实验中电流表应选_，电压表应选_；(均填写器材前字母序号)（2）该同学连接了部分电路，如图甲所示，还有三根导线没有连接，请帮助该同学完成连线；（_）（3）按要求完成了电路连接后，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最_(选填“左”或“右”)端；（4）该同学正确操作，电流表和电压表的表盘示

10、数如图乙所示，则电阻的测量值为_；该测量值_(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在倾角为30且足够长的斜面上，质量为3m的物块B静止在距斜面顶编为L的位置，质量为m的光滑物块A由斜面顶端静止滑下，与物块B发生第一次正碰。一段时间后A、B又发生第二次正碰，如此重复。已知物块A与物块B每次发生碰撞的时间都极短且系统的机械能都没有损失，且第二次碰撞发生在物块B的速度刚好减为零的瞬间。已知物块B所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g。求（1）A、B发

11、生第一次碰撞后瞬间的速度（2）从一开始到A、B发生第n次碰撞时，物块A在斜面上的总位移。14（16分）如图所示，轴、y轴和直线将x=L平面划分成多个区域。其中I区域内存在竖直向下的电场，II区域存在垂直于纸面向里的匀强磁场，III区域存在垂直于纸面向外的匀强磁场，II、III区域的磁感应强度大小相同。质量为m、电量为q的粒子从P点（L，y）以垂直于电场方向、大小为v0的速度出发，先后经O点（0，0）、M点（L，0）到达N点（L，L），N点位于磁场分界线处。已知粒子到达O点时速度方向偏转了，不计粒子的重力，回答下面问题。(1)求带电粒子在电场运动过程中电场力的冲量；(2)若粒子从P点出发依次通过

12、O点、M点并于M点第一次射出磁场分界线后到达N点，则粒子运动的时间为多少？(3)粒子到达N点时在磁场中运动的路程为多少？15（12分）静止在水平地面上的两小物块A、B，质量分别为，；两者之间有一被压缩的微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离l=1.0m，如图所示，某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物块获得的动能之和为，释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动。A、B与地面之间的动摩擦因数均为，重力加速度取，A、B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。(1)求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小；(2)物块A、B中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与B之间的距离是多少？(3)A和B

13、能否再次发生碰撞？若不能，说明理由；若能，试计算碰后的速度大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A据质量数和电荷数守恒可得，轻核聚变反应方程为即x表示中子，故A项错误；B铀核需要俘获一个慢中子才能发生裂变，其中铀核裂变的一种核反应方程为故B项错误；C核反应方程为人工转变，故C项错误；D据质量数和电荷数守恒可得，放射性元素发生的衰变方程为故D项正确。2、D【解析】AB线圈进入磁场时，产生的感应电动势为E=BLv感应电流为线框受到的安培力大小为由牛顿第二定律为F=ma则有在线框进入磁场的过程中，由于v减小

14、，所以a也减小，则流经线框的电荷量则qx，q-x图象是过原点的直线。根据数学知识得：因为v减小，则q-t图象切线斜率减小；当线框完全进入磁场后，无感应电流，不受安培力，线框做匀速直线运动，磁通量不变，故AB错误；C线圈进入磁场的过程做加速度减小的变减速运动，v-t图象是曲线，故C错误；D线圈进入磁场的过程，根据动量定理得：又 联立整理得v-x图象是向下倾斜的直线，线框完全进入磁场后，做匀速直线运动，故D正确。故选D。3、B【解析】A汽车a的速度一直为正值，则10s末没有反方向运动，选项A错误；B因v-t图像的面积等于位移，由图可知，b的位移一直大于a，即汽车b一直在物体a的前面，选项B正确；C

15、由图像可知，5s到10s两车的位移不相等，则平均速度不相等，选项C错误；D由图像可知8-12s时间内，a的速度大于b，两车逐渐靠近，则12s末两车相距最近，选项D错误；故选B。4、C【解析】A、伽利略运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”,故A错误;B、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律,故B错误;C、爱因斯坦创立相对论,提出了一种崭新的时空观,所以C选项是正确的;D、法拉第发现了电磁感应现象,揭示了磁现象和电现象之间的联系;是韦德与库柏在对理论和实验资料进行严格分析后,总结出了法拉第电磁感应定律,故D错误;综上所述本题答案是：C5、D【解析】在匀强磁场中，眼眶与磁场Bl平

16、行，穿过的磁通量=0，眼眶与磁场B2垂直，则穿过的磁通量=B2S，故ABC错误，D正确；故选D。6、C【解析】A若加速度方向向上，在金属块未离开上顶板时弹簧的压缩量不变，则F2不变，根据牛顿第二定律得得知随着加速度缓慢增大，F1逐渐减小，A错误；B若加速度方向向下，在金属块未离开上顶板时弹簧的压缩量不变，则F2不变，根据牛顿第二定律得得知随着加速度缓慢增大，F1逐渐增大，故B错误；C当箱静止时，有得m=0.4kg若加速度方向向上，当F1=0时，由A项分析有解得a=5m/s2故C正确；D若加速度方向向下，大小是5m/s2小于重力加速度，不是完全失重，弹簧不可能恢复原长，则F2的示数不可能为零，D

17、错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A由几何关系可知小球做圆周运动的轨道半径小球做圆周运动，根据牛顿第二定律其中解得选项A错误；B由于解得O点做圆周运动的角速度和小球一样，所以选项B正确； C由于解得选项C正确；D手在运动一周的过程中做的功等于小球克服摩擦力做的功，故选项D正确。故选BCD。8、AD【解析】A绳子上的弹力大小等于物体的重力mg，则绳子对滑轮的两弹力的合力方向在两弹力的角平分线上，根据平衡条件可得杆对滑轮的弹力方向也在角平分线

18、上，OB两点间的距离等于AB两点间的距离，根据几何关系可得，杆OA恰好在两弹力的角平线方向上，故A正确；B若保持OB两点位置不变，增大杆长OA，使AB与竖直墙壁的夹角增大，仍保持OB两点间的距离等于AB两点间的距离，杆OA仍在两弹力的角平分线上，杆对滑轮的弹力仍沿杆方向，故B错误；C若保持A点的位置不变，将绳子的固定点B向上移动，绳子对滑轮的两力夹角变大，合力变小，滑轮处于平衡状态，则杆对滑轮的弹力变小，故C错误；D若保持AB与竖直墙壁的夹角不变，将轻杆的固定点O向下移动，两绳对滑轮的弹力大小方向都不变，则杆对滑轮的力仍在两绳弹力的角平分线上，所以杆对滑轮弹力的方向不变，故D正确。故选AD。9

19、、ACE【解析】A 光的偏振现象证明了光波是横波，故A正确；B 机械波从空气进入水中波速变大，波长变长，而电磁波从空气进入水中，波速变小，波长变短，故B错误；C 可见光通过三棱镜后，传播方向改变最大的紫色的光，红光改变最小。在光的色散中，对于同一种介质，光的频率越大，介质对其的折射率就越大。而折射率越大，光的折射角就越小，偏转程度就越大。由于可见光中紫光的频率最大，所以紫色的光线的折射角最小，偏转最大，故C正确；D 拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以消除玻璃反射的偏振光。故D错误；E 在白炽灯的照射下从两块捏紧的玻璃板表面看到彩色条纹，是薄膜干涉。故E正确。故选：ACE。10

20、、AC【解析】根据右手定则知，感应电流的方向为F到E，故A正确下滑过程中，根据左手定则知，安培力的方向沿斜面向上，由于导体棒下滑的过程中速度增大，则感应电动势增大，电流增大，安培力增大，故B错误导体棒向下运动的过程中，除重力做功外，安培力做负功，则导体棒的机械能一直减小，故C正确根据功能关系知，克服安培力做功等于整个回路产生的电能，故D错误故选AC点睛：解决这类导体棒切割磁感线产生感应电流问题的关键时分析导体棒受力，进一步确定其运动性质，并明确判断过程中的能量转化及功能关系如安培力做负功量度了电能的产生，克服安培力做什么功，就有多少电能产生三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中

21、指定的答题处，不要求写出演算过程。11、不需要 红 600 变小 大于 【解析】（1）1欧姆表的工作原理而即则不用确定出Rg的值；根据工作原理可求得相应电流对应的电阻值。（2）2右表笔接欧姆档的内部电源的正极，根据所有测量都满足红进黑出向右偏的规律，可知右表笔b为黑表笔，左表笔a为红表笔；3毫安表读数2.5mA是表头满偏电流5mA的一半，有可知此时的待测电阻值刚好等于欧姆表内阻，有=600（3）4在毫安表两端并联一个电阻后，有其欧姆内阻为，阻值变小，即中值刻度值变小。（4）5电池电动势减小了，则欧姆调零后，欧姆表的内阻故欧姆表的内阻减小了，由于欧姆表的中值电阻等于欧姆表的内阻，故实际测量时，当

22、读数为600，实际电阻是小于600的，故测量值大于实际电阻值。12、B D 右 4.79 小于 【解析】（1）12因所以电流表应选B，因为电源电动势只有4.5V，所以电压表应选D。（2）3因为电流表内阻较大，所以电流表外接，电路连接如图所示（3）4当滑动变阻器的滑片在左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，所以开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最右端。（4）56题图乙中电压表示数为2.30V，电流表示数为0.48A，所以电阻的测量值由于电压表有分流，故电阻的测量值偏小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）方向沿

23、斜而向上；方向沿斜面向下；（2）L+（n-1）=（n =1，2，3）【解析】（1）设物块A运动至第一次碰撞前速度为，由动能定理得mgsinL=A、B发生弹性正碰，有=解得第一次碰撞后瞬间A、B的速度，方向沿斜而向上，方向沿斜面向下（2）碰后经时间t时A、B发生第二次正碰，则A、B的位移相等，设为x，取沿斜而向右下为正方向，对B有x=对A有：x=解得第二次碰前A的速度vA2=v0 x=因为第二次碰前两物体的速度与第一次碰前完全相同，因此以后每次碰撞之间两物体的运动情况也完全相同。到第n次碰撞时，物块A在斜面上的总位移：s=L+（n-1）=（n =1，2，3）14、 (1)，方向竖直向下；(2)；(3)当粒子到达M处时，为奇数次通过磁场边界，路程为L；当粒子到达M处时，为偶数次通过磁场边界，路程为【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运动，粒子到达O点时速度方向偏转了，分解速度得取竖直向下方向为正方向，根据动量定理，电场力的冲量得方