2022届天津市第一中学高三下学期统练（六）数学试题（解析版）

1、试卷第 =page 1 1页，共 =sectionpages 3 3页第 Page * MergeFormat 18 页 共 NUMPAGES * MergeFormat 18 页2022届天津市第一中学高三下学期统练(六)数学试题一、单选题1已知集合，则（）ABCD【答案】C【分析】利用补集和交集的定义可求得结果.【详解】由已知条件可得，因此，.故选：C.2“”是“”的（）A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件【答案】A【分析】解两个不等式，利用集合的包含关系判断可得出结论.【详解】解不等式可得或，解不等式得或，解得或，因为或或，因此，“”是“”的充分而不必要条

2、件.故选：A.3函数的图象大致为 （）ABCD【答案】D【解析】排除法，求出函数的定义域可排除A、B，函数的图象可由函数的图象向左平移一个单位得到，利用导数研究函数的单调性，从而可得出结论【详解】解：由得且，即且，函数的定义域为，故A、B错；又函数的图象可由函数的图象向左平移一个单位得到，时，由得，令，存在实数，使得，又函数在上单调递增，当时，函数单调递减；当时，函数单调递增；函数在上的单调性应是先递减后递增，故C错，D对；故选：D【点睛】本题主要考查函数的性质与图象，考查利用导数研究函数的单调性，属于难题4已知，则（）ABCD【答案】A【分析】比较、三个数与、的大小关系，由此可得出、三个数的

3、大小关系.【详解】，因此，.故选：A.5某校随机抽取了400名学生进行成绩统计，发现抽取的学生的成绩都在50分至100分之间，进行适当分组画出频率分布直方图如图所示，下列说法正确的是（）A直方图中x的值为0.040B在被抽取的学生中，成绩在区间的学生数为30人C估计全校学生的平均成绩为84分D估计全校学生成绩的样本数据的80%分位数约为93分【答案】C【分析】根据学生的成绩都在50分至100分之间的频率和为1可求得x值，以此判断A；计算成绩在区间70，80)的学生频率，然后可计算该区间学生数，以此判断B；按照频率频率分布直方图中平均数计算公式计算可判断C；按照频率分布直方图中百分位数的计算方法

4、计算可判断D.【详解】定义A：根据学生的成绩都在50分至100分之间的频率和为1，可得，解得x=0.03，所以A错；对于B：在被抽取的学生中，成绩在区间70，80)的学生数为100.015400=60(人)，所以B错；对于C：估计全校学生的平均成绩为550.05+650.1+750.15+850.3+950.4=84(分)，所以C对；对于D：全校学生成绩的样本数据的80%分位数约为 (分).所以D错.故选：C6已知三棱锥外接球的球心在线段上，若与均为面积是的等边三角形，则三棱锥外接球的体积为（）ABCD【答案】D【分析】由题意，为的中点，且是等腰三角形，从而可得，进而可得球的体积.【详解】解：

5、由题意知，（为三棱锥外接球半径)，与均为面积是的等边三角形，设边长为，则有，所以，,是等腰三角形，又为的中点，,.故选：D.【点睛】关键点点睛：解题的关键是根据已知条件，得出为的中点，且是等腰三角形，从而根据勾股定理列式，求出三棱锥外接球的半径.7已知函数.给出下列结论：的最小正周期为；是的最大值；把函数的图象上所有点向左平行移动个单位长度后，再向上平移个单位长度，可得到的图象.其中所有正确结论的序号是（）ABCD【答案】C【分析】先求出，利用周期公式判断；求出的值判断；利用图像变换判断.【详解】对于：的最小正周期为.故错误；对于：为最大值.故正确；对于：把函数的图象上所有点向左平行移动个单位

6、长度后得到的图象；再向上平移个单位长度，可得到，即为的图象.故正确.故选：C8已知双曲线的左顶点与抛物线的焦点的距离为，且双曲线的一条渐近线与抛物线的准线的交点坐标为，则双曲线的方程为（）ABCD【答案】C【分析】由已知条件求出的值，可求得的值，再由点在直线上可求得的值，由此可得出双曲线的标准方程.【详解】由已知条件可知，抛物线的准线方程为，可得，所以，抛物线的标准方程为，抛物线的焦点为，由于双曲线的左顶点与抛物线的焦点间的距离为，则，解得，点在第三象限，由题意可知，点在直线上，所以，解得.因此，双曲线的标准方程为.故选：C.【点睛】关键点点睛：本题考查双曲线标准方程的求解，解题的关键在于结合

7、已知条件求出、的值，并结合焦点的位置可得出双曲线的方程.9已知，且函数.若对任意的不等式恒成立，则实数的取值范围为（ ）ABCD【答案】B【解析】先参变分离得，然后分类讨论求出得最小值，列不等式解出的范围即可.【详解】解：因为，不等式恒成立，所以，即恒成立，令，则，时，0，g（x）递减；时，0，g（x）递增，所以g（x）最小值为：，令（），所以令（1）当时，t4，所以的最小值为：，所以，即，解得：，所以（2）当14时，所以，的最小值为：，所以，即，解得：所以恒成立综合（1）（2）可知：故选B.【点睛】本题考查了函数的综合问题，不等式恒成立问题，参变分离和分类讨论是解题关键，属于难题.二、填空题

8、10是虚数单位，复数，则为_.【答案】【分析】根据复数运算法则，先求得，然后求得其共轭复数即可.【详解】，故故答案为：11在的展开式中，常数项为_.【答案】60【分析】根据二项式展开式通项，找到常数项即可.【详解】根据二项式展开式通项，易知故答案为：60.12已知直线与圆交、两点，若，则直线的方程为_.【答案】【分析】求出圆心到直线的距离，利用点到直线的距离公式可得出关于的等式，进而可求得实数的值，由此可得出直线的方程.【详解】圆的标准方程为，圆心为，半径为，因为，且，所以，为等腰直角三角形，且，圆心到直线的距离为，整理可得，解得.因此，直线的方程为.故答案为：.【点睛】关键点点睛：本题考查利

9、用直线截圆所得弦所对的圆心角求直线方程，解题的关键在于利用圆心到直线的距离列等式求解，充分利用几何法分析弦心距.13已知，且，则的最小值是_.【答案】4【分析】将已知化为，所求通分变形为，利用基本不等式即可求解.【详解】解：，又（当且仅当时等号成立）.的最小值为4.故答案为：4.【点睛】关键点点睛：基本不等式中最值定理“和定积最大，积定和最小”是解本题的关键，对所求式子分析知，只需把已知条件因式分解，所求前两个分式通分即可求解.三、双空题14盒中装有大小、形状完全相同的2个红球和3个黑球.若从中取2个球，恰好都是黑球的概率是_；若每次取1球，取后不放回，直到取出黑球时停止，则取球次数的数学期望

10、_.【答案】 0.3 【分析】根据古典概型的概率公式可求概率，再算出的分布列后可得其数学期望.【详解】从中取2个球，恰好都是黑球的概率为.又可取，且，故，故答案为：0.3，15如图是由两个有一个公共边的正六边形构成的平面图形，其中正六边形边长为1设，则_；是平面图形边上的动点，则的取值范围是_【答案】 1 【分析】建立平面直角坐标系，利用相等向量的坐标相等，列式求解；设，求出，通过直线平移即可求解的取值范围.【详解】建立以为原点，如图所示的平面直角坐标系，连接，因为六边形为正六边形，所以，作于，所以，所以，所以，设，所以，所以如图所示，在平面直角坐标系中，其中，作直线，平移使之经过多边形内每一

11、个点，当直线经过线段时，取得最大值，当当直线经过线段时，取得最小值.故答案为：；四、解答题16在中，角的对边分别为，若，且的面积为，.(1)求角的大小及；(2)求的值.【答案】(1)；(2).【分析】（1）切化弦之后，结合两角和差正弦公式和诱导公式可化简求得，由此可得；结合三角形面积公式可得，由余弦定理可求得；（2）由（1）可求得，利用余弦定理可得，根据同角三角函数关系可得，利用两角和差正弦公式可求得结果.【详解】(1)，又，又，；，又，解得：.(2)由（1）知：，又，.17如图，在四棱锥中，平面平面，点M为的中点.(1)求证：平面；(2)求平面与平面夹角的正弦值；(3)在线段上是否存在一点N

12、，使直线与平面所成的角正弦值为，若存在求出的长，若不存在说明理由.【答案】(1)见解析(2)(3)【分析】（1）由线面平行的判定定理证明（2）建立空间直角坐标系，由空间向量求解（3）待定系数法表示点坐标，由空间向量求解【详解】(1)取中点，连接是的中点，故，四边形为平行四边形，而平面，平面，平面(2)因为平面平面，平面，平面平面，所以平面，取中点，连接，易得平面，以为原点，所在直线分别为轴建立空间直角坐标系则有，设平面的一个法向量为，由得，取，得，易知平面的一个法向量为，则，故平面与平面夹角的正弦值为(3)，设，则，设平面的一个法向量为，由得，得，而，故，解得或（舍去）故18已知点为椭圆的焦点

13、，且点在椭圆上.（1）求椭圆的方程；（2）已知直线与椭圆交于、两点，且坐标原点到直线的距离为，的大小是否为定值？若是，求出该定值，若不是，请说明理由.【答案】（1）；（2），理由见解析.【分析】（1）利用椭圆的定义求出的值，再结合的值可求得的值，由此可得出椭圆的标准方程；（2）对直线的斜率是否存在进行分类讨论，在直线的斜率不存在时，求出点、的坐标，计算出；在直线的斜率存在时，设直线的方程为，由已知条件得出，将直线的方程与椭圆的方程联立，列出韦达定理，计算出，综合可得出结论.【详解】（1）由椭圆定义可得，因此，椭圆的方程为；（2）设点、.当直线的斜率不存在时，则直线的方程为，由于对称性不妨设直线

14、的方程为，联立，解得或，即点、，此时，则；当直线的斜率存在时，设直线的方程为，由点到直线的距离公式可得，则，联立，可得，即.由韦达定理可得，即.综上所述，.【点睛】方法点睛：求定值问题常见的方法有两种：（1）从特殊入手，求出定值，再证明这个值与变量无关；（2）直接推理、计算，并在计算推理的过程中消去变量，从而得到定值19已知数列的前项和为，数列满足，.（1）求数列，的通项公式；（2）若，数列的前项和为，求证：.【答案】（1），；（2）证明见解析.【分析】（1）根据的前项和即可求出通项公式，进而可判断是以3为首项，4为公比的等比数列，即可求出的通项公式；（2）可得，求和然后放缩利用等比数列求和公

15、式即可证明.【详解】（1）数列的前项和为，.当时，符合，故，是以3为首项，4为公比的等比数列，.（2）证明：，.20已知函数的极大值为,其中为自然对数的底数.（1）求实数的值；（2）若函数,对任意,恒成立.（i）求实数的取值范围；（ii）证明：.【答案】（1）（2）（i）（ii）证明见解析【解析】（1）求函数定义域,然后对函数求导,根据函数单调性,得出时,有极大值,即可算出实数的值.（2）（i）由（1）知,代入中,根据,整理至即对恒成立,设新函数,将原问题转化为：对恒成立,分的取值范围分类讨论即可得出实数的取值范围.（ii）要证,转化为证证,整理至,设两个新函数,分别对两个新函数求导,判断单调性,即可证得成立.【详解】解：（1）的定义域为,令,解得：,令,解得：,所以当,为增函数,当,为减函数,所以时,有极大值,所以;（2）（i）由（1）知,则,即