2022年江苏省南通市四校联盟高三下学期第六次检测物理试卷含解析

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、竖直向上抛出一个小球，图示为小球向上做匀变速直线运动时的频闪照片，频闪仪每隔0.05s闪光一次，测出ac长为23cm，af长为34cm，则下列说法正确的是（）Abc

2、长为13cmBdf长为7cmC小球的加速度大小为12m/s2D小球通过d点的速度大小为2.2m/s2、中国自主研发的 “暗剑”无人机，时速可超过2马赫在某次试飞测试中，起飞前沿地面做匀加速直线运动，加速过程中连续经过两段均为120m的测试距离，用时分别为2s和l s，则无人机的加速度大小是A20m/s2B40m/s2C60m/s2D80m/s23、如图所示为单摆的振动图像，根据此振动图像不能确定的物理量是（）A摆长B回复力C频率D振幅4、如图所示，同时作用在质点O上有三个共点力F1、F2、F3，其中F1、F2是正六边形的两条边，F3是正六边形的一条对角线。已知F1=F2=2N，则这三个力的合力

3、大小等于A6NB8NC10ND12N5、如图，劲度系数为400N/m的轻弹簧一端固定在倾角为45的光滑楔形滑块的顶端O处，另一端拴一质量为m=kg的小球。当楔形滑块以大小为a=3g的加速度水平向右运动时，弹簧的伸长量为（取g=10m/s2）（ ）AcmBcmC1.25cmD2.5cm6、如图所示，一理想变压器原线圈匝数匝，副线圈匝数匝，原线圈中接一交变电源，交变电电压。副线圈中接一电动机，电阻为，电流表2示数为1A。电表对电路的影响忽略不计，则（）A此交流电的频率为100HzB电压表示数为C电流表1示数为0.2AD此电动机输出功率为30W二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每

4、小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、我国高铁技术处于世界领先水平和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上运行过程中阻力与车重成正比某列车组由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组()A启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反B做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力之比为32C进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比D与改为4节动车带4节拖车的动车组

5、最大速度之比为128、如图所示，电阻不计的两光滑平行导轨固定在绝缘水平面上，导轨间距为1m，导轨中部有一个直径也为1m的圆形匀强磁场区域，与两导轨相切于M、N两点，磁感应强度大小为1T、方向竖直向下，长度略大于1m的金属棒垂直导轨水平放置在磁场区域中，并与区域圆直径MN重合。金属棒的有效电阻为0.5，一劲度系数为3N/m的水平轻质弹簧一端与金属棒中心相连，另一端固定在墙壁上，此时弹簧恰好处于原长两导轨通过一阻值为1的电阻与一电动势为4V、内阻为0.5的电源相连，导轨电阻不计。若开关S闭合一段时间后，金属棒停在导轨上的位置，下列说法正确的是（ ）A金属棒停止的位置在MN的右侧B停止时，金属棒中的

6、电流为4AC停止时，金属棒到MN的距离为0.4mD停止时，举报受到的安培力大小为2N9、如图所示，质量为M=2kg足够长的小车以v0=2.5m/s的速度沿光滑的水平面运动，在小车正上方h=1.25m处有一质量为m=0.5kg的可视为质点的物块静止释放，经过一段时间刚好落在小车上无反弹，作用时间很短，随后二者一起沿水平面向右运动。已知物块与小车上表面之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g=10m/s2，忽略空气阻力。则下列说法正确的是（）A物块落在小车的过程中，物块和小车的动量守恒B物块落上小车后的最终速度大小为3m/sC物块在小车的上表面滑动的距离为0.5mD物块落在小车的整个过程中，系统损

7、失的能量为7.5J10、如图所示，绝缘底座上固定一电荷量为+q的小球A，在其上方l处固定着一个光滑的定滑轮O，绝缘轻质弹性绳一端系在O点正上方处的D点，另一端与质量为m的带电小球B连接。小球B平衡时OB长为l，且与竖直方向夹角为60。由于小球B缓慢漏电，一段时间后，当滑轮下方的弹性绳与竖直方向夹角为30时，小球B恰好在AB连线的中点C位置平衡。已知弹性绳的伸长始终处于弹性限度内，静电力常量为k，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）A小球B带负电B弹性绳原长为C小球B在C位置时所带电荷量为D小球B在初始平衡位置时所带电荷量为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不

8、要求写出演算过程。11（6分）实验小组的同学用如图所示的装置做“用单摆测重力加速度”的实验。（1）实验室有如下器材可供选用：A长约1m的细线B长约1m的橡皮绳C直径约2cm的铁球D直径约2cm的塑料球E.米尺F.时钟G.停表实验时需要从上述器材中选择：_（填写器材前面的字母）。（2）在挑选合适的器材制成单摆后他们开始实验，操作步骤如下：将单摆上端固定在铁架台上测得摆线长度，作为单摆的摆长在偏角较小的位置将小球由静止释放记录小球完成n次全振动所用的总时间t，得到单摆振动周期根据单摆周期公式计算重力加速度的大小。其中有一处操作不妥当的是_。（填写操作步骤前面的序号）（3）按照以上的实验步骤，测量多

9、组摆长和对应的周期，并根据实验数据做出了图像，根据该图像得出重力加速度的测量值为_m/s2。（4）实验后同学们进行了反思。他们发现由单摆周期公式可知周期与摆角无关，而实验中却要求摆角较小。请你简要说明其中的原因_。12（12分）为制作电子吊秤，物理小组找到一根拉力敏感电阻丝，拉力敏感电阻丝在拉力作用下发生微小形变(宏观上可认为形状不变)，它的电阻也随之发生变化，其阻值 R 随拉力F变化的图象如图(a)所示，小组按图(b)所示电路制作了一个简易“吊秤”。电路中电源电动势E = 3V，内阻r =1；灵敏毫安表量程为10mA ，内阻Rg=50；R1是可变电阻器，A、B两接线柱等高且固定。现将这根拉力

10、敏感电阻丝套上轻质光滑绝缘环，将其两端接在A、B两接线柱上。通过光滑绝缘滑环可将重物吊起，不计敏感电阻丝重力，具体步骤如下：步骤a：滑环下不吊重物时，闭合开关，调节可变电阻R1，使毫安表指针满偏；步骤b：滑环下吊已知重力的重物G，测出电阻丝与竖直方向的夹角为；步骤c：保持可变电阻R1接入电路电阻不变，读出此时毫安表示数 I；步骤d：换用不同已知重力的重物，挂在滑环上记录每一个重力值对应的电流值；步骤e：将电流表刻度盘改装为重力刻度盘。(1)写出敏感电阻丝上的拉力F与重物重力G的关系式 F=_；(2)若图(a)中R0=100，图象斜率 k = 0.5/N ，测得=60，毫安表指针半偏，则待测重物

11、重力G= _N；(3)改装后的重力刻度盘，其零刻度线在电流表_(填“零刻度”或“满刻度”)处，刻度线_填“均匀”或“不均匀”）。 (4)若电源电动势不变，内阻变大，其他条件不变，用这台“吊秤”称重前，进行了步骤 a 操作，则测量结果_（填“偏大”、“偏小”或“不变”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，光滑绝缘水平面上静置两个质量均为m、相距为x0的小球A和B，A球所带电荷量为+q，B球不带电。现在A球右侧区域的有限宽度范围内加上水平向右的匀强电场，电场强度为E，小球A在电场力作用下由静止开始运动，

12、然后与B球发生弹性正碰，A、B碰撞过程中没有电荷转移，且碰撞过程时间极短，求：(1)A球与B球发生第一次碰撞后B球的速度；(2)从A球开始运动到两球在电场中发生第二次碰撞前电场力对A球所做的功；(3)要使A、B两球只发生三次碰撞，所加电场的宽度d应满足的条件。14（16分）如图所示，半径为R=0.5m，内壁光滑的圆轨道竖直固定在水平地面上圆轨道底端与地面相切，一可视为质点的物块A以的速度从左侧入口向右滑入圆轨道，滑过最高点Q，从圆轨道右侧出口滑出后，与静止在地面上P点的可视为质点的物块B碰撞（碰撞时间极短），P点左侧地面光滑，右侧粗糙段和光滑段交替排列，每段长度均为L=0.1m，两物块碰后粘在

13、一起做直线运动已知两物块与各粗糙段间的动摩擦因数均为，物块A、B的质量均为，重力加速度g取（1）求物块A到达Q点时的速度大小v和受到的弹力F；（2）若两物块最终停止在第k个粗糙段上，求k的数值；（3）求两物块滑至第n（nk）个光滑段上的速度与n的关系式15（12分）如图所示，用同种材料制成的倾角的斜面和水平轨道固定不动小物块与轨道间动摩擦因数，从斜面上A点静止开始下滑，不考虑在斜面和水平面交界处的能量损失(1)若已知小物块至停止滑行的总路程为s，求小物块运动过程中的最大速度vm(2)若已知=0.1小物块在斜面上运动时间为1s，在水平面上接着运动0.2s后速度为vt，这一过程平均速率m/s求vt

14、的值（本小题中g=10m/s2）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】C根据题意可知，cf长为11cm，则根据匀变速直线运动的位移差公式可得其中所以C正确；D匀变速直线运动中，某段的平均速度等于这一段中间时刻的瞬时速度，则d点的速度为所以D错误；B根据匀变速直线运动的位移公式得所以B错误；A同理可得b点的速度为则所以A错误。故选C。2、B【解析】第一段的平均速度；第二段的平均速度，中间时刻的速度等于平均速度，则，故选B.3、B【解析】由图可直接看出的物理量有：周期T=2s，振幅A=3cm；由单摆的周期公式：

15、则频率：可求出摆长为：由于不知道摆球的质量，所以无法知道回复力。B正确，ACD错误。故选B。4、A【解析】将F1、F2合成如图，由几何关系得，F1、F2的合力由于F12与F3的方向相同，由几何关系可得，三力的合力故A项正确，BCD三项错误。5、D【解析】当小球和斜面间的弹力为零时，设此时的加速度大小为a0，则由牛顿第二定律，有代入数据得a0=g故当滑块以a=3g的加速度水平向右运动时，由aa0，知小球此时离开斜面，根据受力分析，结合力的合成与分解，可得 根据胡克定律有F=kx联立代入数据得x=2.510-2m=2.5cm故ABC错误，D正确；故选D。6、C【解析】A由交流电的公式知频率故A错误

16、；B原线圈电压有效值为220V，故电压表的示数为220V，故B错误；C根据电流与匝数成反比知，电流表A1示数为0.2A，故C正确；D根据电压与匝数成正比知副线圈电压为44VP2=U2I2=441W=44W电动机内阻消耗的功率为P=I22R1211W11W此电动机输出功率为P出=P2-P=44-11=33W故D错误；故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】启动时乘客的加速度的方向与车厢运动的方向是相同的，所以启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相

17、同，故A错误；设每一节车厢的质量是m，阻力为，做加速运动时，对6、7、8车厢进行受力分析得：，对7、8车厢进行受力分析得：，联立可得：，故B正确；设进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离为s，则：，又，可得：，可知进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度的平方成正比，故C错误；设每节动车的功率为P，当只有两节动力车时，最大速率为v，则：，改为4节动车带4节拖车的动车组时，最大速度为，则：，所以，故D正确8、AC【解析】A由金属棒中电流方向从M到N可知，金属棒所受的安培力向右，则金属棒停止的位置在MN的右侧，故A正确；B停止时，金属棒中的电流I=2A故B错误；C设棒向右移动的距离为

18、x，金属棒在磁场中的长度为2y，则kx=BI(2y)x2+y2=解得x=0.4m、2y=0.6m故C正确；D金属棒受到的安培力F=BI(2y)=1.2N故D错误。故选AC。9、CD【解析】A物块落在小车的过程中，物块与小车组成的系统在水平方向的动量守恒，但竖直方向的动量不守恒，故A错误；B物块与小车组成的系统水平方向不受外力，则系统在水平方向的动量守恒，选取向右为正方向，则有：Mv0=（M+m）v所以共同速度为：故B错误；C物块落上小车到二者共速的过程中，因摩擦损失的机械能为：代入数据解得：E1=1.25J由功能关系：E1=mgx解得：x =0.5m故C正确；D在整个的过程中，系统损失的机械能

19、等于物块减少的重力势能与二者损失的动能之和，由能量守恒定律得：代入数据可得：E=7.5J故D正确。故选CD。10、BC【解析】A由同种电荷相互排斥可知，小球B带正电，故A错误；D根据受力分析和平衡条件，可得解得小球B在初始位置时所带电荷量为，故D错误；C小球B在C位置时，由相似三角形原理可得解得，故C正确；B当小球B在C位置时，设绳子原长为x，由受力分析和相似三角形原理可知，当小球B在初始平衡位置时有当小球B在C位置时有联立方程组可得弹性绳原长，故B正确。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACEG ，单摆的摆长应等于摆线长度

20、加摆球的半径； 9.86 是单摆做简谐运动的周期公式。当摆角较小时才可以将单摆的运动视为简谐运动。 【解析】（1）1单摆的摆长不可伸长，为减小空气阻力的影响和实验误差，先选用长约1m的细线，直径约2cm的铁球，要用米尺测量摆长，停表测量周期，故答案为：ACEG。（2）2操作不妥当的是单摆的摆长应等于摆线长度加摆球的半径。（3）3根据单摆的周期公式得解得 由图像可知 解得g=9.86m/s2（4）4公式是单摆做简谐运动的周期公式。当摆角较小时才可以将单摆的运动视为简谐运动。12、G2cos 600N 满刻度 不均匀 不变 【解析】(1) 由受力情况及平行四边形定则可知，G=2Fcos，解得：F=

21、G2cos；(2) 实验步骤中可知，当没有挂重物时，电流为满偏电流，即：E=Igr+R1+Rg，由欧姆定律得：I=Er+Rg+R1+R0+kG2cos ，电流是半偏的，代入数据解得：G=600N；(3) 由实验步骤可知，当拉力为F时，电流为I，因此根据闭合电路的欧姆定律得：E=Ir+Rg+R1+RL，由图乙可知，拉力与电阻的关系式：RL=kF+R0，解得：I=Er+Rg+R1+R0+kG2cos 电流值I与压力G不成正比，刻度盘不均匀；该秤的重力越小，电阻越小，则电流表示数越大，故重力的零刻度应在靠近电流表满刻度处；(4) 根据操作过程a可知，当内阻增大，仍会使得电流表满偏，则电阻R1会变小，

22、即r+R1之和仍旧会不变，也就是说测量结果也不变。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） （2）5qEx0（3）8x0d18x0【解析】（1）设A球与B球第一次碰撞前的速度为v0，碰撞后的速度分别为vA1、vB1。对A，根据牛顿第二定律得：qE=ma由运动学公式有：v02=2ax0。解得：v0= 对于AB碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律得：mv0=mvA1+mvB1mv02=mvA12+mvB12。解得：vB1=v0=，vA1=0（2）设第一次碰撞到第二次碰撞前经历的时间为t1有：xA1=vA1t1+at12=vB1t1从A球开始运动到两球在电场中发生第二次碰撞前电场力对A球所做的功为：W=qE（x0+xA1）解得：W=5qEx0。（3）设第二次碰撞前A的速度为vA1，碰撞后A、B的速度分别为vA2、vB2有：vA1=vA1+at1。第二次碰撞过程，有：mvA1+mvB1=mvA2+mvB2。mvA12+mvB12=mvA22+mvB22。第二次碰撞后，当A球速度等于B球速度vB2时，A球刚好离开电场，电场区