2023学年吉林省长春市19中高二物理第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个质量为m的物体(可视为质点)，由斜面底端的A点以某一初速度冲上倾角为30的固定斜面做匀减速直线运动，减速运动的加速度大小为g，物体沿斜面上升的最大高度为h，在此过程中()A物体重力势能增加了2mghB物体重力做功的平均功率为mgC物体动能损失了mghD系统生热mgh2、如图所示，当导线中通有电流时，小磁针发生偏转。这个实验说明了A通电导线周围存在磁场B通电导线周围存在电场C电流通过导线时产生焦耳热D电流越大，产生的磁场越强3、有两个金属小球A、B，A球带正电，B球

3、不带电。现将A与B接触后再分开，关于此时A、B之间的库仑力，下列说法正确的是（ ）A库仑力为斥力B库仑力为引力C不存在库仑力D无法确定是否存在库仑力4、设法维持一段矩形金属导体温度不变，随着加在导线两端的电压减小，则有A金属导体电阻变小B金属导体材质的电阻率变小C导体电流不变D导体内自由电子定向移动的速率减小5、现有电灯L1（3V、3W）和电灯L2（3V、6W）两只及一个可变电阻R（010，5A），接在电压恒为6V的电路中，要求两只灯都正常发光，并且电路消耗功率最小，则用图中那个电路（）ABCD6、如图所示，用起电机使金属球A带上正电荷，并靠近验电器B，则()A验电器金属箔片不张开，因为球A没

4、有和球B接触B验电器金属箔片张开，因为整个验电器都感应出了正电荷C验电器金属箔片张开，因为整个验电器都感应出了负电荷D验电器金属箔片张开，因为验电器的下部箔片感应出了正电荷二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一质量为m、带电荷量为q（q0）的物体在外力作用下静止于竖直绝缘墙壁上，当施加的变化电场，E0、k均为大于零的常数，取水平向左为正方向，物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物体与墙壁间动摩擦因数为，电场空间和墙面均足够大。t=0时释放带电物体，下列说法

5、正确的是A物体开始运动后加速度增大B物体开始运动后电势能一直增大C经过时间，物体运动速度达最大值D经过时间，物体在竖直墙壁上的位移达最大值8、某静电场中的一条电场线与x轴重合，其电势的变化规律如图所示在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则在- x0 x0区间内（ ）A该静电场是匀强电场B该静电场是非匀强电场C电子将沿x轴正方向运动，加速度逐渐减小D电子将沿x轴正方向运动，加速度逐渐增大9、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，两个铜质D形盒、与交流电源相连，置于匀强磁场中，其间留有空隙，粒子从A点开始沿虚线运动。下列说法正确的有A粒子运动周期和交流电的周期相等

6、B只增大D形盒的半径，粒子从加速器中出来时的速度将增大C只增大电压U，粒子从加速器中出来时的速度将增大D加速完质子后，不改变交流电的周期和磁感应强度，可以直接用来加速氦原子核质量是质子的4倍，电荷是质子的2倍10、如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等则这两个电路中的U甲、U乙、R甲、R乙之间的关系，正确的是( )AU甲2U乙BU甲2U乙CR甲4R乙DR甲2R乙三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）下列游标卡尺读数为_mm，螺旋测微器读数为_mm 。12（12分）在“描绘小灯泡的伏安特

7、性曲线”的实验中(1)实验中滑动变阻器应采用_接法(填“分压”或“限流”)(2)用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，使该装置可以更好、更准确地完成实验；（_）(3)描绘出伏安特性曲线如图，其弯曲的主要原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在半径为的圆形区域内有水平向里的匀强磁场，磁感应强度B，圆形区域右侧有一竖直感光板，从圆弧顶点P以速率的带正电粒子平行于纸面进入磁场，已知粒子的质量为m，电量为q，粒子重力不计（1）若粒子对准圆心射入，求它在磁场中运动的时间；（2）若粒子对准圆心射入，且速

8、率为，求它打到感光板上时速度的垂直分量.14（16分）如图所示的xoy平面上，以坐标原点O为圆心的四分之一圆形区域MON内分布着磁感应强度为B=2.010-3T的匀强磁场，其中M、N点距坐标原点O为m，磁场方向垂直纸面向里。坐标原点O处有一个粒子源，不断地向xOy平面发射比荷为=5107C/kg的带正电粒子，它们的速度大小都是v=1105m/s，与x轴正方向的夹角分布在090范围内。（1）求平行于x轴射入的粒子，出射点的位置及在磁场中的运动时间；（2）若粒子进入磁场前经加速使其动能增加为原来的2倍，仍从O点垂直磁场方向射入第一象限，求粒子在磁场中运动的时间t与射入时与x轴正向的夹角的关系 15

9、（12分）如图所示，在O点放置一个正电荷在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m、电荷量为q.小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆(图中实线表示)相交于B、C两点，O、C在同一水平线上，BOC30，A距离OC的竖直高度为h.若小球通过B点的速度为v，试求：(1)小球通过C点的速度大小(2)小球由A到C的过程中电势能的增加量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A. 物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A错误；B. 设物体运动的时间

10、为t，由，a=g，得，则物体克服重力做功的平均功率为，故B正确；C. 根据动能定理得：物体动能的变化量Ek=W合=ma2h=2mgh，即动能损失了2mgh，C错误；D. 由上知，物体的重力势能增加了mgh，动能损失了2mgh，物体的动能与重力势能之和等于机械能，所以物体的机械能减小mgh，根据能量守恒得知，系统生热mgh，故D错误。故选：B。2、A【解析】当导线中通有电流时，小磁针发生偏转，这个实验说明了通电导线周围存在磁场，故选A.3、A【解析】金属小球A、B，A球带正电，B球不带电。现将A与B接触后再分开，两球带上同种电荷，同种电荷之间是库仑斥力A库仑力为斥力与分析相符，故A正确；B库仑力

11、为引力与分析不符，故B错误；C不存在库仑力与分析不符，故C错误；D无法确定是否存在库仑力与分析不符，故D错误。4、D【解析】A导体的电阻与导体两端的电压无关，所以减小导体两端的电压不影响导体的电阻，故A错误；B导体的电阻率与导体的电压无关，所以减小导体两端的电压不影响导体的电阻率，故B错误；C根据欧姆定律可知，电压减小，电阻不变，电流减小，故C错误；D加在导线两端的电压减小而电阻不变，电流减小，由I=neSv，单位体积内的自由电子数目不变，导体的横截面积S不变，则导体内自由电子定向移动的速率变小，故D正确5、C【解析】由P=UI可知，L1的额定电流为1A，L2的额定电流为2A，由欧姆定律可知，

12、L1的电阻为3，L2的电阻为1.5；由此可知A、D不能正确发光，B、C可以正常发光；B图中总电流3A，电路消耗功率；C图中总电流2A，电路消耗功率，故可知C电路功率最小，故C正确，A、B、D错误；故选C【点睛】根据功率公式及欧姆定律可求得两灯的电流和电阻，根据串并联电路的规律可明确能否正常工作，再由功率公式分析功率大小6、D【解析】把一个带正电的物体A，靠近一个原来不带电的验电器的金属小球，验电器的金属小球由于感应会带上负电荷和金属箔由于感应会带上正电荷，而整个验电器不带电。所以验电器金箔张开，因为验电器下部箔片都带上了正电。A验电器金属箔片不张开，因为球A没有和球B接触，与结论不相符，选项A

13、错误；B验电器金属箔片张开，因为整个验电器都感应出了正电荷，与结论不相符，选项B错误；C验电器金属箔片张开，因为整个验电器都感应出了负电荷，与结论不相符，选项C错误；D验电器金属箔片张开，因为验电器的下部箔片感应出了正电荷，与结论相符，选项D正确；故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A电场改变方向之前，物体沿竖直墙运动，由于水平方向支持力与电场力相等，电场强度减弱，所以支持力减小，故摩擦力减小，所以物体受到的重力和摩擦力的合力增大；电场改为水平向右

14、时，物体受互相垂直的重力和电场力，而电场力随电场强度的增大而增大，所以合力增大。因此整个过程中，物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，故A正确；B根据t=0时，物体处于静止状态，则qE0mg，且电场的方向水平向左，故电荷带正电，当物体与墙面脱离时电场强度为零，所以E=E0-kt=0，解得时间，随后物体在电场力的作用下向右运动，电场力做正功，电势能减小。故B错误；C根据A选项分析，物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，即速度不存在最大值，故C错误；D当物体与墙面脱离时电场强度为零，所以E=E0-kt=0，解得时间，此时，物体在竖直墙壁上的位移达最大值，故D正确；8、BC【解析】试题分析：

15、AB由图象可知电势与距离不成正比，由公式，可知该静电场是非匀强电场，A错误B正确；CD根据沿着电场线方向电势降低，由图象可知电场线的方向为x轴负方向，图像的斜率表示电场强度大小，故当电子沿x轴正方向运动，则电场强度减小，所以电场力也减小，故加速度大小减小，C正确D错误考点：考查了电场强度，电势【名师点睛】本题考查了匀强电场中电势与电场强度的关系，要加强识别图象并从图象中获取信息的能力同时还可根据电场力做功来确定电子的电势能如何变化9、AB【解析】根据加速器的原理可知，粒子在磁场中运动的周期与粒子在狭缝中运动的时间之和与电场变化的周期是相同的，故A正确；设D形盒的半径为R，当离子圆周运动的半径等

16、于R时，获得的动能最大，则由可得：，则最大动能可见最大动能与加速电压无关，增大D形盒的半径可增加离子从回旋加速器中获得的最大动能。故B正确，C错误；离子在D形盒运动过程中受到的洛伦兹力提供向心力得：，可得周期公式，可知如果加速质子后，要接着加速氦核必须将加速电源的频率调整为原来的，故D错误。所以AB正确，CD错误。10、BC【解析】AB甲乙两电路的总功率相等， 得:,A错B对；CD两电路的功率相等则：，即，C对D错三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、9.65; 11.898; 【解析】游标卡尺的读数为：d=9mm+130.05mm=9.

17、65mm螺旋测微器的读数为：d=11.5mm+39.80.01mm=11.898mm【点睛】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。12、分压灯丝电阻随温度的升高而增大【解析】（1）实验中要在小灯泡上得到从零开始的可调电压，则滑动变阻器应采用分压接法；（2）小灯泡电阻较小，可采用电流表外接电路；实物连接如图；（3）描绘出伏安特性曲线，其弯曲的主要原因是灯丝电阻随温度的升高而增大【点睛】当实验要求电流从零调时，变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；当测量小电阻时应采用电流表外接法四、计算题：

18、本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）。【解析】（1）设带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为，由牛顿第二定律得解得：r=R带电粒子在磁场中的运动轨迹为四分之一圆周，轨迹对应的圆心角为，如图所示则（2）由（1）知，当时，带电粒子在磁场中运动的轨道半径为，其运动轨迹如图所示由图可知，所以带电粒子离开磁场时偏转原来方向60，则有：14、（1）；（2）或 【解析】（1）平行于x轴射入的粒子，轨迹如图所示，设出射点为P，由得: 有几何关系可知：O1P=O1O=1m，OP=m，则O1OP为等腰直角三角形，故P点坐标为(1m，1m) 运动时间为 (2)由可知：则= 可得若粒子从M点出射，OM=,则O2OM为正三角形，圆心角，出射角；若粒子从弧MN上射出，弦长均为，圆心角均为，以上两种情况粒子在磁场中的运动时间均为： 故时：若粒子从边OM出射，如图所示，运动时间故时：15、（1）小球通过C点的速度大小为（2）小球由A到C的过