安徽省阜阳一中2023学年物理高二上期中统考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，洛伦兹力演示仪由励磁线圈、玻璃泡、电子枪等部分组成励磁线圈是一对彼此平行的共轴的

2、圆形线圈，它能够在两线圈之间产生匀强磁场玻璃泡内充有稀薄的气体，电子枪在加速电压下发射电子，电子束通过泡内气体时能够显示出电子运动的径迹若电子枪垂直磁场方向发射电子，给励磁线圈通电后，能看到电子束的径迹呈圆形若只增大电子枪的加速电压或励磁线圈中的电流，下列说法正确的是A增大电子枪的加速电压，电子束的轨道半径不变B增大电子枪的加速电压，电子束的轨道半径变小C增大励磁线圈中的电流，电子束的轨道半径不变D增大励磁线圈中的电流，电子束的轨道半径变小2、关于平抛运动，下列说法中正确的是A平抛运动是匀速运动B平抛运动是匀变速曲线运动C平抛运动不是匀变速运动D做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的3

3、、如图所示的静电场中，、是某一条电场线上的两个点，正检验电荷仅在电场力作用下从静止开始自运动到的过程中（ ）A做匀加速运动B的速度逐渐增大C的电势能逐渐增大D的加速度逐渐增大4、原点O处有一简谐横波波源，t = 0时波源开始振动，形成沿x轴正向传播的机械波，当t = 0.6 s时的波形图如图所示，此时质点P刚好开始振动，下面说法中正确的是A这列波的传播速度为10 cm/sB再经过0.1 s质点a通过的路程等于10 cmCt = 0.7 s时质点b运动方向沿y轴负方向D此刻质点a与质点b运动方向相同5、关于安培力和洛伦兹力，下列说法正确的是A安培力与洛伦兹力的本质都是磁场对运动电荷的作用力B安培

4、力与洛伦兹力都永远不做功C安培力的方向不一定垂直于电流方向，但一定垂直与磁场方向D洛伦兹力的方向与正粒子的运动方向相同，与负粒子的运动方向相反6、在同一直线上的M,N两点正好是某电场中一条电场线上的两点,若在M点释放一个初速度为零的电子,电子仅受电场力作用,并沿电场线由M点运动到N点,其电势能随位移变化的关系如图所示,则下列说法正确的是()A该电场有可能是匀强电场 B该电场可能是正的点电荷产生的CN点的电势比M点电势低 D该电子运动的加速度越来越小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选

5、错的得0分。7、如图甲，家用电磁炉已走进千家万户。图乙为电磁炉中安装的旋涡状线圈，当通以高频交流电流时，线圈产生的磁感线的条数和方向会随电流的强度和方向的变化而变化，导致电磁炉上方的铁锅产生感应电流，从而使其发热。下列说法正确的是（）A磁场变化的频率越高，电磁炉的加热效果越好B由上往下看，图乙线圈中该时刻电流方向为顺时针C电磁炉的工作原理是应用电磁感应在锅体中产生涡流来工作D普通陶瓷砂锅也可利用电磁炉来煲汤8、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能随位移的变化关系如图所示，则下列说法正确的是A粒子从x1处运动到x2处的过程中电场力做正功Bx1处电场强度方向沿x轴正方向Cx1处

6、的电场强度大小小于x2处的电场强度大小Dx1处的电势比x2处的电势低9、两块大小、形状完全相同的金属平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关S，电源即给电容充电，（ ）A保持S接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场强度减小B保持S接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电荷量增大C断开S，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D断开S，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大10、如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图象，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图象，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图象将这个电阻R分别接到a，b两电源上，那么下列说法不正确的是（

7、）AR接到a电源上，电源的效率较高BR接到b电源上，电源的输出功率较大CR接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低DR接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测量金属的电阻率”的实验中，待测金属丝的电阻Rx约为5 ，实验室备有下列实验器材：A电压表(量程03 V，内阻约为15 k)B电压表(量程015 V，内阻约为75 k)C电流表(量程03 A，内阻约为0.2 )D电流表(量程00.6 A，内阻约为1 )E变阻器R1(010 ，0.6 A)F变阻器R2(02 000 ，0.1

8、 A)G电池组E(电动势为3 V，内阻约为0.3 )H开关S，导线若干(1)若实验中用多用电表粗测待测电阻阻值，表盘中指针如下图所示，待测电阻阻值为_ (2)为了减小实验误差，应选用的实验器材有_(填器材前面的序号)(3)利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量金属丝的长度和直径，测量结果如图所示，该金属丝的直径为_mm，长度为_cm.12（12分）某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10k），除了Rx，开关S、导线外，还有下列器材供选用：A电压表（量程01V，内阻约10k）B电压表（量程010V，内阻约100k）C电流表（量程01mA，内阻约30）D电流表（量程00.6A，内阻约0.05）E.

9、电源（电动势1.5V，额定电流0.5A，内阻不计）F.电源（电动势12V，额定电流2A，内阻不计）G.滑动变阻器R0（阻值范围010，额定电流2A）为使测量尽量准确，电压表选用_，电流表选用_，电源选用_。（均填器材的字母代号）；画出测量Rx阻值的实验电路图_。该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）虚线PQ、MN间存在如图所示的水平匀强电场，一带电粒子质量为、电荷量为，从a点由静止开始经

10、电压为的电场加速后，垂直进入匀强电场中，从虚线MN上的某点b（图中未画出）离开匀强电场时速度与电场方向成角已知PQ、MN间距为20 cm，带电粒子的重力忽略不计求：（1）带电粒子刚进入匀强电场时的速率；（2）水平匀强电场的场强大小14（16分）在如图所示的pT图象中，一定质量的某种理想气体先后发生以下两种状态变化：第一次变化是从状态A到状态B，第二次变化是从状态B到状态C，且AC连线的反向延长线过坐标原点O，已知气体在A状态时的体积为，求：气体在状态B时的体积和状态C时的压强；在标准状态下，1mol理想气体的体积为V=22.4L，已知阿伏伽德罗常数个/mol，试计算该气体的分子数（结果保留两位

11、有效数字）注：标准状态是指温度，压强 15（12分）在如图所示的电路中，当S闭合时，电压表和电流表(均为理想电表) 的示数各为1.6 V和0.4 A；当S断开时，它们的示数各改变0.1 V和0.2 A，求电源的电动势和内阻。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB若增大电子枪的加速电压，电子束运动的速度增加，根据可知，电子束的轨道半径变大，AB错误；CD增大励磁线圈中的电流，也就是增加了磁场的磁感强度B，这时轨道半径R将减小，C错误，D正确故选D。2、B【解析】平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，在水

12、平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动【详解】A、B、C、平抛运动的物体只受重力，则加速度不变为重力加速度g，速度随时间均匀变化，是匀变速曲线运动，故A错误，B正确，C错误D、平抛运动落地的速度是水平分速度和竖直分速度的合成，不可能竖直向下；故D错误故选B【点睛】解决本题的关键知道平抛运动的特点，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，3、B【解析】AD由于点的电场线比点的疏，由电场线较密的区域（大）运动到电场线较疏的区域（小），减小，减小故A、D错误；BC电荷带正电，电场力做正功，所以电势能减小，动能增大，速度逐渐增大，故B正确，C错误故选：B4、C【解析】A、波从波源开始

13、振动，传播到P点用时0.6 s，传播到P点距离为6m，这列波的传播速度为v=st=6m0.6s=10m/s，故A错误；B、t=0.1s=T4，由于t = 0.6 s时刻质点a不在平衡位置和最大位移处，所以经过0.1s，质点a通过的路程不是一个振幅10cm，故B错误。C、根据“上下坡法”知t=0.6 s时刻质点b的速度方向沿y轴负方向，因t=0.7s=0.6s+14T，则t=0.7s时质点b的速度方向沿y轴负方向，故C正确；D、根据“上下坡法”知t=0.6 s时刻质点a的速度方向沿y轴正方向，质点b的速度方向沿y轴负方向，此刻质点a与质点b运动方向相反，故D错误；故选C。5、A【解析】安培力是大

14、量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现，洛伦兹力是安培力的微观形式，故安培力和洛伦兹力是性质相同的力，本质上都是磁场对运动电荷的作用力，故A正确；洛伦兹力始终与运动方向垂直，对运动电荷不做功；安培力与电流垂直，可以与运动方向相同，可以做功，故B错误；根据左手定则，可知：磁感线穿过掌心，安培力与磁感线垂直，且安培力与电流方向垂直，所以安培力垂直于感应线与电流构成的平面但磁感线不一定垂直于电流，故C错误；由左手定则可知，洛伦兹力总是与速度垂直，故D错误所以A正确，BCD错误6、D【解析】据题意和图象正确判断出电子的运动性质由图可知，电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由W

15、=Fs可知电场力逐渐减小，因此电子做加速度逐渐减小的加速运动，知道了运动形式即可正确解答本题。【详解】A项：电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由W=Fs可知，电子所受的电场力越来越小，场强减小，该电场不可能是匀强电场，故A错误；B项：由题意可知，如果电场是正点电荷产生的，那么正点电荷一定要在N点的右侧，但电子从M到N向点电荷靠近，所以加速度越来越大，所以该电场不可能是正的点电荷产生的，故B错误；C项：电子从M运动到N过程中，电势能减小，电子带负电，所以电势升高，则N点的电势比M点电势高，故C错误；D项：由上分析知，电子从M运动到N过程中，电场力越来越小，则加速

16、度越来越小，故D正确。故应选D。【点睛】解题过程中要把握问题的核心，要找准突破点，如本题中根据图象获取有关电子的运动、受力情况即为本题的突破点。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A磁场变化的频率越高，磁通量变化率越大，由法拉第电磁感应定律可知，产生的电动势越大，回路中的电流越大，加热效果越好，故A正确；B由于不知道磁场大小的变化情况，则无法确定感应电流的方向，故B错误；C电磁炉工作原理是利用交变电流通过线圈产生交变磁场，从而使金属锅自身产生无数小涡流而直

17、接加热于锅内的食物，故C正确；D交变磁场在普通陶瓷砂锅内不能形成涡流，则不能用来加热，故D错误。故选AC。8、ACD【解析】A带负电粒子从x1运动到x2的过程中电势能减小，则电场力做正功，故A正确；B电场力做正功，说明粒子所受的电场力方向沿x轴正方向，则粒子带负电，可知电场强度方向沿x轴负方向，故B错误；C根据Ep=-Fx，知Ep-x图象斜率的绝对值等于电场力，由图知，粒子在x1处所受的电场力小于在x2处所受的电场力，因此x1处的电场强度大小小于x2处的电场强度的大小，故C正确；D电场强度方向沿x轴负方向，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，可知x1处的电势比x2处的电势低，故D正确。9、BC【解

18、析】A. 若保持S闭合，电容器的电势差U不变。减小两板间的距离d时，根据E=U/d得知，两极板间的电场强度E增大。故A错误；B. 保持S接通，电势差不变，在两极板间插入一块介质，由决定式C=S4kd可知，电容C增大，由Q=UC可知极板上的电荷量增大，故B正确；C. 断开S两极板上的电量不变，减小两极板间的距离，由决定式C=S4kd可知，电容C增大，再由C=Q/U可知，则两极板间的电势差减小，故C正确；D. 断开S两极板上的电量不变，在两极板间插入一块介质，由决定式C=S4kd可知，电容C增大，再由C=Q/U可知，则两极板间的电势差减小，故D错误。故选：BC.【点睛】接通S，电容器两端的电势差不

19、变，断开S，电容器所带的电量不变根据电容的定义式C=Q/U，决定式C=S4kd和板间场强 E=U/d进行分析即可10、ABD【解析】A.电源的效率=由图看出，电阻R接在电源a上时电路中电流为，短路电流为I，根据闭合电路欧姆定律I=得到，R=ra电源的效率为50%由图看出，电阻R接在电源b上时50%则电源b的效率大于50%故A错误符合题意B.电源的图线与电阻R的UI图线的交点表示电阻R接在该电源上的工作状态，由图读出电阻R接在电源a的电压和电流较大，电源a的输出功率较大故B错误符合题意CD由分析可知，R接到a电源上，电源的输出功率较大，电源效率较低故C正确不符合题意，D错误符合题意三、实验题：本

20、题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6 ADEGH 4.700 5.015 【解析】（1）根据欧姆表读数方法读出电阻值；（2）根据电源电动势选择电压表，由欧姆定律求出电路最大电流，根据该电流选择电流表与滑动变阻器；（3）根据游标卡尺的读数方法和螺旋测微器读数方法读出电阻丝长度和直径。【详解】（1）待测金属丝的电阻Rx约为5 ，所以多用电表选1档。由图可知，待测电阻阻值为6；（2）伏安法测电阻,需要：G、电池E(电动势为3V,内阻约为0.3)；H、开关S，导线若干；为了减小实验误差，电压表、电流表指针应超过满偏的一半。由于电源电动势为3V，所以电压表应

21、选A(量程03 V，内阻约为15 k)；根据欧姆定律I=U/R，电流的最大值约为0.5A，所以电流表应选D(量程00.6 A，内阻约为1 )；滑动变阻器F的额定电流太小，因此滑动变阻器应选E.变阻器R1(010,1.0A)；即需要的实验器材有：ADEGH；（3）螺旋测微器的固定尺刻度为4.5mm，螺旋尺刻度为20.00.01mm=0.200mm，故金属丝的直径为4.5+0.200=4.700mm；游标卡尺的主尺刻度为50mm，游标尺刻度为30.05mm=0.15mm，故金属丝的长度为50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm。12、B C F 大于 电压表的读数大于待测电阻两端实际

22、电压 【解析】由于本题的被测电阻达到10k，所以电源要选择电动势大的，然后根据电路电流选择电流表，电压表；若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，根据和的关系分析电流表的接法；根据电流表的接法判断实验误差所在；【详解】13若选用电源1.5V，由于被测电阻很大，电路中电流非常小，不利于实验，即电源选用12V的，即F；则电压表就应该选取B；2电路中的最大电流为故选用电流表C。4因为给的滑动变阻器的最大阻值只有10，若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，由于，所以采用电流表内接法，电路图如图所示 56由于电流表的分压，导致电压测量值偏大，而电流准确，根据可知测量值偏大；【点睛】滑动变阻器的分压和限流接法的区别和选用原则：区别：(1)限流接法线路结构简单，耗能少；(2)分压接法电压调整范围大，可以从0到路端电压之间连续调节；选用原则：(1)优先限流接法，因为它电路结构简单，