2023学年湖南省衡阳县江山中英文xx学校物理高二上期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、下面说法正确的是（ ）A根据磁感应强度定义式，磁场中某点的磁感应强度B与F成正比，与IL乘积成反比B磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同C一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零D磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止2、在磁场中某一点，已经测出一段0.5 cm长的导线中通入0.01 A电流时，受到的安培力为5.0106N，则下列说法正确的是()A该点磁感应强度大小一定是0.1 TB该点磁感应强度大小一定不小于0.1 TC该点磁感应强度大小一定不大于0.1 TD该点磁感应强度的方向即为导线所受磁场力的方向3、在如图各种电场中，A、B两点电场强度

3、相等的是（）ABCD4、电阻R1阻值为6 ，与电阻R2并联后接入电路中，通过它们的电流之比I1I232，则电阻R2的阻值和总电阻的阻值分别为( )A4 ，2.4 B4 ，3.6 C9 ，3.6 D9 ，4.5 5、如图所示，质量为m、电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，带有电荷量也为q的小球B固定在O点正下方绝缘柱上.其中O点与小球A的间距为l，O点与小球B的间距为3l.当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角30.带电小球A、B均可视为点电荷.静电力常量为k，则()AA、B间库仑力大小kq22l2BA、B间库仑力大小3mg3C细线拉力大小kq23l2D细线拉力大小等于mg6、下列关于电源的

4、说法，正确的是()A电源向外提供的电能越多，表示电动势越大B电动势表示电源将正电荷从负极移送到正极时，非静电力所做的功C电源的电动势与外电路有关D在电源内从负极到正极电势升高二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下述关于用多用表欧姆挡测电阻的说法中正确的是()A测电阻时如果指针偏转角过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D测量阻值不同的电阻时都必

5、须重新调零8、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q。此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过铜导线横截面的自由电子数目可表示为（）AnvStBnqvtCD9、有一电流表G，内阻Rg=10，满偏电流Ig=3mA要把它改装成量程为00.6A的电流表，下列说法正确的是()A需要并联一个0.05的电阻B需要串联一个1990的电阻C改装成电流表后，表头G本身允许加的电压增大了D改装后使用时，表头G本身的参量都不改变，整个并联电路允许通过的电流增大10、如图所示，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R1、R2和R3均为定值电阻，开

6、关S是闭合的，V1和V2为理想电压表，读数分别为U1和U2；A1、A2和A3为理想电流表，读数分别为I1、I2和I3，R4为热敏电阻，温度升高时电阻减少，现环境温度升高时，U1数值不变，下列推断中正确的是( )AU2变小、I3变小BU2不变、I3变小CI1变小、I2变小DI2变大、I1变大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在测定一未知电源的电动势和内电阻实验中，（1）他先用多用电表的直流电压挡粗测未知电源的电动势，下列操作正确的是_；A断开电路，两表笔并联在未知电源两端B两表笔串联在电路中，然后闭合电路开关C表笔并联在未知

7、电源两端，然后闭合电路开关（2）按正确的操作，并使挡位开关指示如图甲，电表表盘指针如图乙所示。则正确读数是_V；（3）该同学利用实验室提供的其他器材进行实验，以精确测定未知电源的电动势和内电阻，并已经完成部分导线的连接，如图丙。请你在实物接线图中完成余下导线的连接，要求变阻器的滑动触头滑至最右端时，其使用电阻值最大。（_）（4）下表为某同学用上述方法测量该电池的电动势和内电阻时的数据，分析可以发现电压表测得的数据_，将影响实验图像的准确性，其原因是_。I/A0.120.200.310.410.50U/V1.971.951.921.901.8812（12分）某实验小组利用如图甲所示的电路测定两节

8、干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差。 （1）该小组记录了6组数据，在坐标纸上画出U-I图线如图乙所示。可以测得两节干电池的电动势E_V，内电阻r_（结果保留两位小数） （2）为测量某锂电池的电动势E和内阻r，小红设计了如上图乙所示的电路图。根据测量数据作出图象如图丙所示，若该图线的斜率为k，纵轴截距为b，则该锂电池的电动势E_，内阻r_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，已知竖直杆O1O1长为1.0m，水平杆长L1=0.1米，用长L1=0.12米的细绳悬挂小球，整个装置可绕竖直杆O1O

9、1转动，当该装置以某一角速度转动时，绳子与竖直方向成45角，取g=10m/s1求：（1）该装置转动的角速度；（1）如果运动到距离杆最远时刻悬挂小球的细绳突然断了，小球将做平抛运动求小球落地点与竖直杆在地面上点O1的距离s（答案可用根式表示）14（16分）如图所示，在xOy平面的第一象限内有一个方向垂直纸面向外、磁感应强度大小B=0.3T的匀强磁场。一个质量m=1.2109kg、电荷量q=4.0106C的带负电粒子，从x轴上的P点以某一速度（方向沿与x轴正方向成60角）射入第一象限，并恰好从y轴上的Q点（0，3m）沿x轴负方向射出第一象限。（不计粒子重力）(1)请在答题卷上画出粒子的运动轨迹；(

10、2)求粒子在磁场中运动的速率；(3)求粒子在磁场中运动的时间。 15（12分）如图所示，匀强电场中有一直角三角形ABC，ACB=90，ABC=30，BC=20cm，已知电场线的方向平行于ABC所在平面，将电荷量q=2.010-5C的正电荷从A移到B点电场力做功为零，从B移到C点克服电场力做功1.010-3J，试求：(1)该电场的电场强度大小和方向；(2)若将C点的电势规定为零时，B点的电势。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A磁场中某点的磁感应强度是由磁场本身决定的物理量与通电导线所受的安培力F以及IL

11、乘积无关，选项A错误； B磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同，选项B正确；C一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，可能是导线与磁场方向平行，该处的磁感应强度不一定为零，选项C错误；D磁感线在磁体的外部从N极到S极，在磁体内部是从S极到N极，组成闭合的曲线，故D错误。2、B【解析】因为导线受到的安培力F=BILsin=5.0106N，计算得：Bsin=0.1T即B=，所以B0.1T，故AC错误，B正确；D、该点的磁感应强度的方向与导线所受的磁场力方向垂直，所以磁感应强度的方向一定不是导线所受的磁场力方向，故D错误；故选B3、C【解析】A该图中A、B两点场强大小相同，方向不同，选项A

12、错误；B该图中A、B两点场强大小不相同，方向相同，选项B错误；C该图中A、B两点场强大小相同，方向相同，选项C正确；D该图中A、B两点场强大小不相同，方向也不同，选项D错误；故选C。4、C【解析】电阻R1与电阻R2并联电压相同，所以有，又I1I232，所以并联后的总电阻选项C正确，ABD错误。故选C。5、B【解析】先由几何关系求出AB之间的距离，然后由库仑定律即可求出两个小球之间的库仑力的大小；对小球A受力分析，受重力、静电力和细线的拉力，根据平衡条件并结合相似三角形法列式求解即可。【详解】由题，OA=l，OB=3l当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角=30，由几何关系可知，AOB为等腰三角形，

13、AB=AO=l，小球A的受力分析如图：由库仑定律得：F=kq2AB2=kq2l2故A错误；AOB为等腰三角形，由于对称性，绳子拉力等于库仑力，且根据平衡条件则：Fcos30=Tcos30=12mg，即：F=T=3mg3=kq2l2故B正确，CD错误。故选B。6、D【解析】电动势为电源本身的性质，数值等于移动单位正电荷非静电力所做的功，A错；电源电动势与外电路无关，C错；D对；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A测量电阻时如果指针偏转过大，说明电阻较小，所

14、以应将选择开关S拨至倍率较小的档位，每次换挡都需要重新调零后测量，故A正确；B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，B错误；C测量电路中的某个电阻，内置电源接通，所以应该把该电阻与电路断开，C正确；D每次换挡都需要重新调零，但是不换挡不需要调零，所以测量阻值不同的电阻时并不是必须重新调零，D错误；故选AC。8、AC【解析】AB通过铜导线横截面的自由电子数目可表示为单位体积的自由电子数乘以体积，即A正确，B错误；CD根据电流的定义式则通过铜导线横截面的自由电子数目可表示为C正确，D错误。故选AC。9、AD【解析】电流表G改装成大量程的电流表要并联电阻分流，应用并联电路特

15、点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值。【详解】A、电流表G改装成大量程的电流表要并联电阻RX：则并联电阻阻值：RX=IgRgI-Ig=310-3100.6-310-30.05，故A正确，B错误；C、改装后使用时，表头G本身的参量都不改变，整个并联电路允许通过的电流增大，故C错误，D正确。【点睛】本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表的改装原理，应用串并联电路特点与欧姆定律可以解题。10、BD【解析】理想变压器的电压与匝数成正比，由于理想变压器原线圈的输入电压不变，则副线圈电压U2不变，环境温度升高，则电阻R4阻值减小，并联电路的电阻变小，副线圈中总电阻也就变小，由于副线圈电压不变，所以副线圈的总

16、电流增大，即I2变大，由于电流与匝数成反比，当副线圈的电流增大时，原线圈的电流也就要增大，所以I1变大；由于副线圈的总电流增大，R1的电压增大，并联电路的电压就会减小，所以R3的电流I3就会减小，故BD正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A 2.20 变化范围很小 电源内阻太小 【解析】(1)1要测电源电动势需要将电源与外电路断开才行，故A正确.(2)2由图可知电压表量程选择2.5V，最小分度为0.05V，故读数为2.20V.(3)3由题意滑动触头滑至最右端时，其使用电阻值最大，所以电路图如图所示：(4)45由表中数据分析可知数据

17、的变化范围都比较小，不能完整的描绘图像，影响实验图像的准确性，造成原因因为电源内阻较小，所以电压变化范围较小.12、2.95 0.700.72 【解析】(1)12由图示电源U-I图象可知，纵截距为电源电动势：E=2.95V图像的斜率为电源内阻：(2)34由图乙所示电路可知，则因此图象的纵轴截距故电动势为图象的斜率则电源内阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）5rad/s（1）0.45m 【解析】(1) 小球做匀速圆周运动，靠重力和拉力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出该装置转动的角速度；(1) 根据平抛运

18、动的规律求出小球在水平方向的位移的大小，然后结合平行四边形定则求出小球落地点与竖直杆在地面上点O1的距离。【详解】(1) 小球转动的轨道半径为：r=L1+L1sin45=0.1+0.2222m=0.4m对小球进行受力分析如图，根据牛顿第二定律得：mgtan45=mr1解得：=5 rad/s；(1) 小球的线速度为：v=r=50.4=1m/s小球做平抛运动的开始时的高度为：h=O1O1-L1cos45=1.0-0.2222m=0.8m 小球做平抛运动的时间为：t=2hg=0.4s 小球做平抛运动的水平方向的位移为：x=vt=10.4=0.8m当小球从距离杆最远时刻开始做平抛运动时，小球沿水平方向的速度方向与小球到杆的方向相互垂直，所以小球的落地到O1的距离为：s=x2+r2=0.82+0.42m=0.45m。