2023学年云南省梁河县第一中学高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、原来都是静止的和粒子，经过同一电压的加速电场后，它们的速度大小之比为A1：B1：2C：1D1：12、如图所示，

2、匀强磁场方向垂直纸面向里，带正电粒子运动方向水平向右，则粒子所受洛伦兹力的方向是A垂直纸面向里B垂直纸面向外C沿纸面向上D沿纸面向下3、在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A、B两极板带有等量异种电荷，A板与静电计连接，如图所示，实验中可能观察到的现象是（）A减小A、B板间的距离，静电计指针张角不变B增大A、B板间的距离，静电计指针张角变小C把B板向上平移少许，静电计指针张角变大D在A、B板间放入一介质板，静电计指针张角变大4、如图所示，将灯泡L和电动机串联接在电压为10V的理想电源两端已知灯泡规格为“6 V 12W”，电动线圈电阻为1 ，当灯泡正常发光，下列说法错误的是A电动机的输出功率

3、为16WB电动的输入功率为8WC电动的热功率为4WD若利用该电动带动起重装置匀速提升20 N的重物（忽路一切阻力），10s内升高2 m5、如图所示为两根互相平行的通电直导线a，b的横截面图，a，b中的电流方向已在图中标出，那么导线a中的电流产生的磁场的磁感线环绕方向及导线b所受的磁场力的方向分别是：( ) A磁感线顺时针方向，磁场力向左B磁感线顺时针方向，磁场力向右C磁感线逆时针方向，磁场力向左D磁感线逆时针方向，磁场力向右6、如图所示，纸面内有平行于平面连线向右的匀强磁场，磁感应强度大小为B0，三条长直导线P、Q和M垂直纸面放置，其截面PQM在纸面内形成等边三角形、当P、Q两导线中均通有向里

4、的电流I时，等边三角形MPQ的中心O点的磁感应强度为2B0。若M导线也通以向里的电流I，其它条件不变，则O点的磁感应强度为A2 B0BB0CB0DB0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个带正电的点电荷，置于一接地的导体球附近，形成如图所示的电场线分布，下列说法正确的是Aa点的电势低于b点的电势Bc点的电场强度大于d点的电场强度C将一正试探电荷从e点沿虚线移动到f点电场力做正功D导体球内部电势为零8、如图所示，水平地面上固定一个绝缘光滑斜面，斜面与水平面的夹角为一根

5、轻质绝缘细线的一端固定在斜面顶端，另一端系有一个带电小球A，细线与斜面平行小球A的右侧固定放置另一带电小球B，两球心的高度相同、间距为d，两带电小球均可视为点电荷小球A的质量为m、带正电量为Q，静电力常量为k，重力加速度为g若小球A静止在斜面上，B小球的带电量记为QB，则( )A当QB=mgd2kQsin时，细线上的拉力为0B当QB=mgd2tankQ时，细线上的拉力为0C当QB=-mgd2sinkQ时，斜面对小球A的支持力为0D当QB=-mgd2kQtan时，斜面对小球A的支持力为09、如图所示，倾角为的光滑绝缘斜面固定在水平面上，为了使质量为 m，带电量为+q 的小球静止在斜面上，可加一平

6、行于纸面的匀强电场（未画出），则 A电场强度的最小值为B电场强度的最大值为C若电场强度方向从沿斜面向上逐渐转到竖直向上，则电场强度逐渐增大D若电场强度方向从沿斜面向上逐渐转到竖直向上，则电场强度先减小后增大10、如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点在这一运动过程中克服重力做的功为，电场力做的功为则下列说法正确的是A粒子带负电B粒子在A点的电势能比在B点少JC粒子在A点的动能比在B点多JD在粒子和地球所组成的系统中，粒子在A点的机械能比在B点少J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）据统计人在运动过程中，脚底在接触地面瞬间受到

7、的冲击力是人体自身重力的数倍为探究这个问题，实验小组同学利用落锤冲击的方式进行了实验，即通过一定质量的重物从某一高度自由下落冲击地面来模拟人体落地时的情况重物与地面的形变很小，可忽略不计g取10m/s1下表为一次实验过程中的相关数据重物(包括传感器)的质量m/kg8.5重物下落高度H/cm45重物反弹高度h/cm10最大冲击力Fm/N850重物与地面接触时间t/s0.1（1）请你选择所需数据，通过计算回答下列问题：a重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小；b在重物与地面接触过程中，重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的多少倍（1）如果人从某一确定高度由静止竖直跳下，为减小脚底在与地面接

8、触过程中受到的冲击力，可采取什么具体措施，请你提供一种可行的方法并说明理由12（12分）某同学通过实验测定一个阻值约为5的电阻Rx的阻值。（1）现有电源（4V，内阻约为0.5），开关和导线若干，以及下列器材：A电流表(0-3A，内阻约 0.025)B电流表(0-0.6A，内阻约 0.125) C电压表(0-3V，内阻约 3k)D电压表(0-15V，内阻约 15k)E.滑动变阻器（0-500，额定电流 A）F.滑动变阻器（0-10，额定电流 2A）为减小测量误差，在实验中，电流表应选用_，电压表应选用_(选填器材前的字母)； 滑动变阻器应选用_实验电路应采用图中的_（选填“甲”或“乙”） （2）

9、图是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线.请根据在（1）问中所选的电路图，补充完成图中 实物间的连线.（_）（3）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U。某次电表读数如图所示，可得该电阻的测量值Rx=_(保留两位有效数字)。 （4）若在（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是_;若在（1）问中选用乙电路产生误差的主要原因是_。（选填选项前的字母） A、 电流表测量值小于流经Rx的电流值B、 电流表测量值大于流经Rx的电流值C、 电压表测量值小于Rx两端的电压值D、 电压表测量值大于Rx两端的电压值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答

10、题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑绝缘的水平地面上，相隔4L的A,B两点固定有两个电量均为+Q的正电电荷，a，O，b是AB连线上的三点，且O为中点，Oa=Ob=L。一质量为m，电量为q的点电荷以初速度v0从a点出发沿AB连线向B运动，在运动过程中电荷受到大小恒定的阻力作用，但速度为零时，阻力也为零。当它第一次运动到O点时，速度为2v0，继续运动到b点时的速度刚好为0，然后返回往复运动，直至最后静止在O点。已知静电力常量为k，求：(1)电荷q受到的阻力大小？(2)aO两点之间的电势差？(3)电荷q在电场中运动的总路程？14（16分）如下左图

11、所示，R114，R29，当S扳到位置1时，电压表示数为2.8V，当开关S扳到位置2时，电压表示数为2.7V，求电源的电动势和内阻？（电压表为理想电表）15（12分）有一水平向右的匀强电场，场强E9.0103N/C，在竖直平面内半径为0.1 m 的圆周上取如图所示最高点C，另在圆心O处放置电荷量为Q1.0108C的带正电的点电荷试求C处的场强参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：据动能定理得出粒子经过同一电压加速电场后加速后的速度表达式，结合比荷之比求出粒子的速度之比根据动能定理得，解得，因为两粒子

12、的比荷之比为2：1，则速度大小之比为，C正确2、C【解析】带正电的粒子受力向右，磁场的方向是向里的，根据左手定则可知，运动方向应该是向上的，故C正确，ABD错误3、C【解析】A减小A、B板间的距离，根据电容的决定式分析得知，电容C增大，电容器的电量Q不变，则由可知板间电压U减小，静电计指针张角变小，故A错误；B增大A、B板间的距离，根据电容的决定式分析得知，电容C减小，电容器的电量Q不变，则由可知板间电压U增大，静电计指针张角变大，故B错误；CB板上移时，减小A、B板的正对面积，根据电容的决定式分析得知，电容C减小，电容器的电量Q不变，则由可知板间电压U增大，静电计指针张角变大，故C正确；D在

13、A、B板间放入一介质板，根据电容的决定式分析得知，电容C增大，电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U减小，静电计指针张角变小，故D错误。故选C。4、A【解析】ABC.灯泡正常发光，则灯泡两端电压为6V，电流可知电动机两端电压为UM=10V-6V=4V；电动机的输入功率为P=IUM=8W；电动机的热功率电动机的输出功率为则选项A错误，符合题意；选项BC正确，不符合题意；D若利用该电动带动起重装置匀速提升20 N的重物（忽路一切阻力），则解得v=0.2m/s则10s内升高h=vt=2 m选项D正确，不符合题意。5、B【解析】根据安培定则判断a导线磁感线的方向为顺时针方向，在b导线处的磁感线竖直向

14、下，如图所示，根据左手定则判断b导线受到的安培力水平向右，故B正确，ACD错误。故选B6、D【解析】由题可知，当M没有通电流时P、Q两导线在O点产生的磁感应强度大小都为B，将两个磁感应强度合成，由几何关系可知它们的合磁感应强度也为B，方向水平向右，如图所示：将该合磁感应强度再与匀强磁场B0合成，由题知中心O点的磁感应强度为2B0，所以B=B0；当导线M也通以向里的电流I，则三根导线产生的合磁感应强度如图所示：由几何关系可知，三根导线产生在O点产生的磁感应强度大小相等，其中P与Q的合磁感应强度与M在O点产生的磁感应强度，大小相等，方向相反，所以在O点只有匀强磁场产生的磁感应强度，则此时O点的磁感

15、应强度为B0，故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】沿电场线的方向电势降低；电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小；根据电势能公式Ep=q分析电势能的变化情况，判断电场力做功正负。整个导体球是一个等势体。【详解】A项：根据沿电场线方向电势降低，a点的电势低于b点的电势，故A正确；B项：、根据电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，知c点的场强小于d点的场强，故B错误；C项：将一正试探电荷从e点沿虚线移动到f点，由于导体球处于静

16、电平衡状态，整个导体球是一个等势体，所以ef两点的电势相等，则电场力做功为零，故C错误；D项：导体球处于静电平衡状态，整个导体球是一个等势体，其内部电势与地相等，为零，故D正确。故应选：AD。【点睛】本题抓住处于静电平衡导体的特点：整个导体球是一个等势体，其上各点电势相等是关键。若要比较场强大小和电势高低常常画电场线，形象直观地判断。8、BD【解析】根据库仑定律可得小球A与B之间库仑力的大小为：F=kQBQd2，当细线上的拉力为零时，小球A受重力、支持力及库仑斥力而平衡，在沿斜面方向上根据共点力平衡条件可得：mgsin=Fcos，联立解得：QB=mgd2tankQ，故A错误，B正确；当斜面对A

17、球支持力刚好为零时，根据共点力平衡条件可得：mg=Ftan，联立可得：QB=mgd2kQtan，故D正确，C错误所以BD正确，AC错误9、AC【解析】电量为+q的小球静止在斜面上，受重力、支持力和电场力，三力的合力为零，则三个力的首尾相连构成矢量三角形，如图所示：A由上图可知，当电场力与支持力垂直时即电场力沿斜面向上时，电场力最小，则电场强度最小，由平衡得：qEmin=mgsin解得：故A正确；B由图可知，当场强方向斜向下时，电场力无最大值，即场强无最大值，选项B错误；CD由上图可知，若电场强度方向从沿斜面向上逐渐转到竖直向上，则电场力与竖直方向夹角逐渐减小，电场力逐渐增大，则电场强度逐渐增大

18、，故C正确，D错误10、CD【解析】在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功，从运动轨迹上判断，粒子带正电，从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能，从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况，从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒以及功能关系可比较AB两点的机械能；【详解】A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电，故A错误；B、从A到B的过程中，电场力做正功，

19、电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B点时的电势能，故B错误；C、从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A点的动能比在B点多0.5J，故C正确；D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，即粒子在A点的机械能比在B点少1.5 J，故D正确【点睛】本题考查功能关系，要熟练掌握各种功和能的关系，在学习中注意掌握三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1

20、1、（1）a；b6倍；（1）见解析【解析】（1）a重物受到最大冲击力时加速度的大小为a由牛顿第二定律解得b重物在空中运动过程中，由动能定理重物与地面接触前瞬时的速度大小重物离开地面瞬时的速度大小重物与地面接触过程，重物受到的平均作用力大小为F，设竖直向上为正方向由动量定理解得 F=510N 故因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍。（1）可以通过增加重物与地面接触时间来减小冲击力，由动量定理Ft=mv可知，接触时间增加了，冲击力F会减小。12、B C F 甲 5.2 B D 【解析】(1)12因电源的电压为4V，因此电压表选择3V量程，即电压表C；由于阻值约为5的电阻Rx的，根

21、据欧姆定律可知，电流的最大值为0.8A，从精确角来说，所以电流表选择0.6A的量程即电流表B；3为了调节方便且测量精确，滑动变阻器应用总阻值较小的即滑动变阻器F；4根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知，待测电阻的阻值偏小，因此选择电流表外接法，故选择甲图；(2)5根据电路图来连接实物图原则，注意电表的正负极，并分几个回路来连接，如图所示(3)6由图可知，电压表的读数为U=2.60V；电流表的读数为I=0.50A；电阻阻值(4)7甲图采用的是电流表外接法，实际上电压表并不是理想电表，所以电压表也有电流流过，电流表测量的电流是Rx和电压表的电流之和，所以产生误差的主要原因是电流表测量值大于Rx的电流值，导致测量的电阻Rx比实际偏小，故选B；8乙图采用的是电流表内接法，实际上电流表并不是理想电表，所以电流表