2023学年重庆杨家坪中学高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个铝框放在蹄形磁铁的两个磁极之间，铝框可以绕竖直的转轴自由转动转动手柄使磁铁绕竖直的转轴旋转，观察到铝框会随之转动对这个实验现象的描述和解释，下列说法中正确的是A铝框的转动方向与蹄形磁铁的转动方向一定是相同的B铝框的转动

2、快慢与蹄形磁铁的转动快慢总是一致的C铝框转动到其平面与磁场方向垂直的位置时，铝框中的感应电流最大D铝框转动到其平面与磁场方向平行的位置时，铝框两个竖直边受到的磁场力均为零2、如图所示，竖直面内有带负电的圆环，当圆环沿顺时针方向转动时，a、b、c三枚小磁针都会发生转动，以下说法正确的是（） Aa、b、c的N极都向纸面外转动Bb的N极向纸面外转，而a、c的N极向纸面内转Cb、c的N极都向纸面内转，而a的N极向纸面外转Db的N极向纸面内转，而a、c的N极向纸面外转3、如图所示，固定的水平长直导线中通有向左的电流I，矩形闭合导线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行将线框由静止释放，不计空气阻力，

3、则在线框下落过程中 A穿过线框的磁通量保持不变B线框中感应电流的方向为逆时针C线框所受安培力的合力竖直向上D线框的机械能不断增大4、如图所示，a、b、c为不同材料做成的电阻，a与b的长度相等，b的横截面积是a的3倍；a与c的横截面积相等，c的长度是a的2倍。当开关闭合后，三个理想电压表的示数关系是U1U2U3 = 212。则三种材料的电阻率a、b、c的比值为A3:2:6B2:2:1C1:2:3D2:3:15、在真空中同一直线上的AB处分别固定电量分别为+2Q、-Q的两电荷。如图所示，若在A、B所在直线上放入第三个电荷C，只在电场力的作用下，三个电荷都处于平衡状态，则C的电性及位置是A正电，在A

4、、B之间B正电，在B点右侧C负电，在B点右侧D负电，在A点左侧6、A、B两物体的速度之比为2：1，质量的大小之比为1：3，则它们的动能之比为（ ）A12：1B4：3C12：5D3：4二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图是利用静电计研究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验装置示意图，下面的叙述符合实验观察结果的是：（ ）Ab板向右平移，静电计指针偏转角度变小；Bb板向上平移，静电计指针偏转角度变小；Cb板不动，在a、b间插入一块绝缘介质板，静电计指针偏转角度变小；

5、D紧靠b板在a、b间插入一块金属板，静电计指针偏转角度变大8、如图所示，在边长为L的正方形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，有一带正电的电荷，从D点以v0的速度沿DB方向射入磁场，恰好从A点沿BA方向射出，已知电荷的质量为m，带电荷量为q，不计电荷的重力，则下列说法正确的是（ ）A匀强磁场的磁感应强度为B电荷在磁场中运动的时间为C若减小电荷的入射速度，使电荷从CD边界射出，电荷在磁场中运动的时间会减小D若电荷的入射速度变为2v0，则粒子会从AB边的中点射出9、如图所示，绝缘材料制成的半径为R的内壁光滑圆轨道，竖直放置在水平地面上且左右恰被光滑挡板挡住,圆心O点固定着电荷量为Q 的场源点电荷,一

6、电荷量为q、可视为质点的带电小球沿内壁做圆周运动,当小球运动到最高点A 时,地面对轨道的弹力恰好为零。若轨道与小球的质量均为m, Qq0,忽略小球的电荷对Q形成的电场的影响,重力加速度为g,静电力常量为k。下列说法中正确的是（ ）A轨道内壁的电场强度处处相同B轨道内壁的电势处处相等C运动到最低点C时,小球对轨道的压力大小为7mgD运动到与圆心等高的B点时,小球对轨道的压力大小为4mgkqQR210、在匀强电场中a、b、c、d为矩形的四个顶点，e、f分别为ab边和cd的中点。ab=cd=2cm，ad=bc=1cm。已知电场线的方向平行于矩形所在平面，a、b、c三点电势分别为4V、8V、6V，则（

7、）Ad点的电势为2VB电场线方向沿fb指向fC电场强度为200V/mD一电子从a点运动到c点，电势能减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小亮同学为研究某电学元件(最大电压不超过2.5 V，最大电流不超过0.55 A)的伏安特性曲线，在实验室找到了下列实验器材：A电压表(量程3 V，内阻约6 k)B电压表(量程15 V，内阻约30 k)C电流表(量程0.6 A，内阻约0.5 )D电流表(量程3 A，内阻约0.1 )E.滑动变阻器(阻值范围05 ，额定电流为0.6 A)F.滑动变阻器(阻值范围0100 ，额定电流为0.6 A)G.

8、直流电源(电动势E3 V，内阻不计)H.开关、导线若干该同学设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据(I和U分别表示电学元件上的电流和电压)。(1)为了提高实验结果的准确程度，电流表选_；电压表选_；滑动变阻器选_。(以上均填写器材代号)(2)请在虚线框中画出实验电路图_。12（12分）有一个小灯泡上标有“6V，0.1A”字样，现要测量该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A电压表（03V，内阻2k）； B电压表（010V，内阻3.0k）； C电流表（00.3A，内阻2.0）； D电流表（00.6A，内阻1.5）； E滑动变阻器（30，2A）； F滑动变阻器（100，0.5A）；G学生电源（

9、直流9V），开关，导线（1）滑动变阻器_（填所选仪器前面的字母）（2）画出实验电路图，要求电压从0开始测量_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，为两组正对的平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，一电子由静止开始从竖直板的中点A出发，经电压U0加速后通过另一竖直板的中点B，然后从正中间射入两块水平金属板间，已知两水平金属板的长度为L，板间距离为d，两水平板间加有一恒定电压，最后电子恰好能从下板右侧边沿射出已知电子的质量为m，电荷量为-e.求：（1）电子过B点时的速度大小；（2）两水平金属板间的电压

10、大小U；（3）电子从下板右侧边沿射出时的动能14（16分）右图家用电饭的电路原理图。将电饭煲接到稳压电源上，当开关接通“加热”时，电热丝以额定功率给食物加热，当食物蒸热后，开关接通“保温”挡，给食物保温，这时电热丝的功率为其额定功率的1/4，电流为1A，已知分压电的阻值R=100。求：（1）电热丝电阻r（2）稳压电源输出的电压；（3）电热丝的额定功率。15（12分）如图所示，弯曲斜面与半径为R的竖直半圆组成光滑轨道，一个质量为m的小球从曲面顶端由静止释放，恰能通过半圆的最高点D，之后作平抛运动落在水平面的E点，忽略空气阻力（重力加速度为g），求： （1）小球在D点时的速度vD；（2）曲面顶端离

11、地面的高度；（3）小球落地点E离半圆轨道最低点B的位移x。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】这是电动机的模型，铝框的转动方向与蹄形磁铁的转动方向一定是相同的，A对转动快慢与蹄形磁铁的转动快慢有关，B错铝框转动到其平面与磁场方向垂直的位置时，铝框中的感应电流为零，C错铝框转动到其平面与磁场方向平行的位置时，铝框两个竖直边受到的磁场力等大反向，D错2、B【解析】圆环带有负电荷，圆环顺时针转动时，产生的等效电流方向沿逆时针方向；由安培定则可知，a、c所在处磁场垂直于纸面向里，b处磁场垂直于纸面向外，故a、c处

12、的小磁针的N极朝纸面内转动，b处小磁针的N极朝纸面外转动，故B正确，ACD错误。故选B。3、C【解析】线框在下落过程中，所在磁场减弱，穿过线框的磁感线的条数减小，磁通量减小，故A正确根据安培定则，电流产生的磁场在导线的下方垂直于纸面向里，下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，根据楞次定律，感应电流的磁场与原磁场方向相同，所以感应电流的方向为顺时针方向，故B错误由于离导线越远的地方磁场越小，所以线框的上边受到的安培力大于下边受到的安培力，合力的方向向上故C正确；下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，线框中产生电能，机械能减小故D错误故选C.4、D【解析】三个理想电压表的示数关系是U1U2U3

13、 = 212，因串联电流相同，可知电阻之比：R1R2R3 = 212；三段电阻的长度之比为：1:1:2；横截面积之比：1:3:1；根据可知可得：abc = 231；A3:2:6，与结论不相符，选项A错误；B2:2:1，与结论不相符，选项B错误；C1:2:3，与结论不相符，选项C错误；D2:3:1，与结论相符，选项D正确；5、B【解析】三个电荷要平衡，三个电荷必须在同一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，由于外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以第三个电荷必须为正电，在B的右侧。A. 正电，在A、B之间。与结论不符，故A错误；B.

14、正电，在B点右侧。与结论相符，故B正确；C. 负电，在B点右侧。与结论不符，故C错误；D. 负电，在A点左侧。与结论不符，故D错误。6、B【解析】A、B两物体的速度之比为2：1，质量的大小之比为1：1，根据动能的表达式Ekmv2得，动能之比为4：1故B正确，ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】静电计是测量电势差的装置，电势差越大，静电计指针的偏角越大由题，电容器的电量不变，根据分析电容器电容的变化，再由电容的定义式分析电容器两板间电势差的变化将b

15、板向右平移，板间距离减小，根据根据可知电容器电容C增大，而电容器的电量Q不变，由分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小，A正确；将b板向上平移，两板正对面积减小，根据根据可知电容C减小，而电容器的电量Q不变，由分析可知，电容器两板间电势差增大，则静电计指针偏角变大，B错误；b板不动，在a、b之间插入一块绝缘介质板，电容增大，而电容器的电量Q不变，由分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小，C正确；紧靠b板在a，b间插入一块金属板，相当于板间距离减小，电容增大，而电容器的电量Q不变，由分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小，D错误8、AB【解析】A.

16、由题意可知电荷做匀速圆周运动的半径，洛仑兹力提供向心力，则有：从而求出匀强磁场的磁感应强度为，故选项A符合题意；B.电荷在磁场中从到偏转，所以运动时间，故选项B符合题意；C.若减小电荷的入射速度，但满足电荷从射出，显然轨迹是一个半圆，偏转角一定，但继续减小速度，偏转角不同，时间也不变，故选项C不符合题意；D.若入射的速度增加为，则半径为，通过画图计算，设通过上的点到点的距离为，由几何关系有：即不可能通过的中点，故选项D不符合题意。9、BC【解析】点电荷的场强特点，轨道内壁的到圆心的距离相等，场强大小相等，方向不同，故A错误；点电荷的等势面是距离不等的同心圆，则轨道内壁的电势处处相等，故B正确；

17、当小球运动到最高点A时，地面对轨道的弹力恰好为零，则小球对轨道的弹力FNA=mg。对小球有：FNA+mg-kQqR2=mvA2R；对AC应用动能定律有：12mvA2+mg2R=12mvC2；对C点受力分析，根据牛顿第二定律有：FNC-mg-kQqR2=mvC2R；联立解得：FNC=7mg；根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小为7mg。故C正确；对B点受力分析，根据牛顿第二定律有：FNB-kQqR2=mvB2R；对AB应用动能定律有：12mvA2+mgR=12mvB2；联立解得：FNB=4mg；根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小为4mg，故D错误；故选BC。【点睛】本题考查带带电粒子在电场

18、中的圆周运动，注意题中小球运动到最高点A时，地面对轨道的弹力恰好为零的分析。10、ABD【解析】A由于该电场是匀强电场，等势线是等间距的平行直线，故，故d点的电势为，故A正确；Bab中点的电势为，故ec为等势线，电场方向与等势面垂直，由高电势指向低电势，故电场方向沿bf方向且由b指向f，故B正确；Cbe之间沿电场线方向的距离为由可知，场强为故C错误；D电子带负电，在电势越高的地方电势能越小，故电子从a到c电势能减小，故D正确；故选ABD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)C； A； E； (2)【解析】(1)根据电流和电压的测量数据可知需要选择的电流表量程应稍大于0.5A，故选C；电压表的测量范围为02V，所以应选用电压表A；电流电压均是从零开始的，所以应选用滑动变阻器的