海南省儋州一中2023学年物理高二第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、元电荷是（ ）A电子B正电子C质子D电量的一种单位2、如图所示，绝缘细线系一带有负电的小球，小球在竖直向下的匀强电场中，做竖直面内的圆周运动，以下说法正确的是A当小球到达最高点a时，线的张力一定最小B当小球到达最低点b时，小球的速度

2、一定最大C当小球到达最高点a时，小球的电势能一定最小D小球在运动过程中机械能守恒3、两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的3倍，然后给它们分别加相同电压后，则在同一时间内它们产生的热量之比为()A13B31C19D914、三个电阻器按照如图所示的电路连接，其阻值之比为R1R2R3=136，则电路工作时，通过三个电阻器R1、R2、R3上的电流之比I1I2I3为A631B136C621D3215、两块完全相同的金属板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示则： A电容器所带的电荷量是指两极板所带电荷量的代数和B闭合S后电容器充电过程充电电流逐渐增大C保持S接通，在

3、两极板间插入一块电介质，则极板所带电荷量减小D断开S，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小6、如图所示，在真空中有一对平行金属板，分别接在电源的两极上，一个带正电荷的粒子，在静电力的作用下由静止开始从正极板附近向负极板运动，则该带点粒子在运动过程中（ ）A静电力对它做正功，电势能增加B静电力对它做正功，电势能减少C静电力对它做负功，电势能增加D静电力对它做正功，电势能减少二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点在这一运动过

4、程中克服重力做的功大小为1.0J，电场力做的功大小为0.5J（只受电场力、重力作用），则下列说法正确的是A粒子带负电B粒子在A点的电势能比在B点少0.5JC粒子在A点的动能比在B点多0.5JD粒子在A点的机械能比在B点少0.5J8、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源内阻不计连接，下极板接地一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离后AP点的电势将降低BP带电油滴的电势能将增大C带电油滴将沿竖直方向向上运动D电容器的电容减小，极板带电量将增大9、关于欧姆定律的下列理解中，正确的( )A由知道，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的

5、电流成反比B由知道，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比C由电阻的I-U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象所对应的电阻阻值较小D导体的电流越大，电阻就越大10、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为零，电阻R1=2R2，在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线，则：A通过电阻R1和R2的电流I1=I2BR1两端电压U1=C导线L中通过的电流IL=D使电阻R2断路，通过R1的电流不发生变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示，是“研究电磁感应现象”的实验装置.（1）将实物电路中所缺的导线补充完整.（_）（

6、2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将线圈L1迅速插入线圈L2中，灵敏电流计的指针将_偏转.(选填“向左”“向右”或“不”)（3）线圈L1插入线圈L2后，将滑动变阻器的滑片迅速向右移动时，灵敏电流计的指针将_偏转.(选填“向左”“向右”或“不”)12（12分）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图19甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图图乙中的_是力F1和F2的合力的理论值；_是力F1和F2的合力的实际测量值 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定

7、的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一物体自某一高度被水平抛出，抛出1s后它的速度与水平方向成45角，落地时速度与水平方向成60角，取g=10m/s2，求：（1）物体刚被抛出时的速度；（2）物体落地时的速度；（3）物体刚被抛出时距地面的高度14（16分）如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，其右侧边缘放有小滑块C，与木板B完全相同的木板A以一定的速度向左运动，与木板B发生正碰，碰后两者粘在一起并继续向左运动，最终滑块C刚好没有从木板A上掉下已知木板A、B和滑块C的质量均为m，C与A、B之间的动摩擦因数均为.求：(1)木板A与B碰前的速度v0；(2)整个过程

8、中木板B对木板A的冲量I.15（12分）如图所示，A、B为一对平行板，板长为L，两板间的距离为d，板间区域内充满着匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，一个质量为m，带电荷量为q的带电粒子自静止开始经M、N两平行金属板间的电场加速后，从A、B两板的中间沿垂直于磁感线的方向射入磁场(不计粒子的重力)求：(1)若粒子的初速度为0，M、N两板间的电压为U，求射出电场时粒子的速度大小(2)粒子以上述速度射入匀强磁场后做圆周运动的半径是多大？(3)MN两极板间的电压U应在什么范围内，粒子才能从磁场内射出？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有

9、一项是符合题目要求的。1、D【解析】元电荷是电量的一种单位，是带电体所带电荷的最小值等于质子，电子和正电子所带电荷量的大小D对2、C【解析】试题分析：当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于电场力时，小球做匀速圆周运动，速度大小不变当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小，故AB错误；当小球最低点到最高点的过程中，电场力做正功，电势能减小，小球运动到最高点a时，小球的电势能最小，C正确；由于电场力做功，小球的机械能一定不守恒，故D错误考点：考查了机械能守恒定律的应用【名师点睛】分析小

10、球所受重力与电场力的大小关系：当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于电场力时，小球做匀速圆周运动当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小；由于电场力做功，小球的机械能一定不守恒3、C【解析】设原来的电阻为R，把其中的一根均匀拉长到原来的3倍， 横截面积变为原来的倍，根据电阻定律，电阻变为9R，根据焦耳定律，它们分别加相同电压后，则在同一时间内它们产生的热量之比为，故C正确，ABD错误；故选C4、D【解析】试题分析：电阻R2和R3是并联关系，则电流之比等于电阻之比的倒数即：I2：I3

11、= R3R2=2：1；则R1上的电流等于R2和R3的电流之和，故I1I2I3=321，故选D.考点：串并联电路的特点【名师点睛】此题考查了串并联电路的特点；要知道在串联电路中电流处处相等；并联电路中电压相等，且总电流等于各个电阻上的电流之和；此题是基础题，意在考查学生对基础知识的掌握程度.5、D【解析】A项：电容器两极板所带电荷量的电性相反，但电容器所带电荷量指其中一块极板所带电荷量的绝对值，A错误；B项：闭合S后电容器充电过程充电电流逐渐减小，故B错误；C项：根据可知，在两极板之间插入电介质，电容C将增大，由可知电量增加，故C错误；D项：断开电键S则电容器电量Q不变，减小两极板距离，则电容将

12、增大，据可知，电压降减小，故D选项正确点晴：本题考查电容器及平行板电容器动态平衡问题6、B【解析】电容器左边极板带正电荷，右边极板带负电荷，故电场强度向右，微粒带正电荷，故电场力向右，位移向右，故电场力做正功，电场力做功等于电势能的减小量，故电势能减小，转化为了动能A静电力对它做正功，电势能增加与分析不符，故A错误；B静电力对它做正功，电势能减少与分析相符，故B正确；C静电力对它做负功，电势能增加与分析不符，故C错误；D静电力对它做正功，电势能减少与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选

13、对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】粒子从A点运动到B点，受电场力向右，与场强方向相反，粒子带负电，A对由A到B电场力做正功，电势能减少0.5JB错重力做负功，合外力做功为0.4J，动能增量为0.4J，C错机械能对应非重力功，即电场力做功，电场力做正功0.5J，机械能增加0.5J,D对8、AB【解析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况；由分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化；根据电容的定义式，电容器与电源保持相连，则U不变，Q与C成正比变化；【详解】A、

14、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动；板间场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，而且下极板的电势不变，则知P点的电势将降低，故A正确，C错误；B、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加，故B正确；D、根据电容的定义式，电容器与电源保持相连，则U不变，当C减小，则Q也减小；故D错误；【点睛】本题运用分析板间场强的变化，判断油滴如何运动；明确正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处

15、电势能小，来判断电势能的变化9、BC【解析】AD.导体的阻值是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关，故AD错误；B.欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；故B正确。C.由可知I变化相等时，电压变化小时，电阻值较小，故C正确。10、CD【解析】由题意可知考查闭合电路欧姆定律，据此分析计算可得。【详解】A电阻R2被短路，通过R2的电流I20，故A错误；BR1两端电压U1=，故B错误；C根据闭合电路欧姆定律可知通过导线L的电流IL=，故C正确；D使电阻R2断路，通过R1的电流IL=，不发生变化，故

16、D正确。【点睛】在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线，则R2被短接，根据闭合电路欧姆定律计算可得。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 向右 向左 【解析】(1)1补充的实物电路如图所示(2)2已知闭合开关瞬间，线圈L2中的磁通量增加，产生的感应电流使灵敏电流计的指针向右偏转当开关闭合后，将线圈L1迅速插入线圈L2中时，线圈L2中的磁通量增加，由已知条件可知产生的感应电流也应使灵敏电流计的指针向右偏转(3)3滑动变阻器的滑片迅速向右移动，线圈L1中的电流变小，线圈L2中的磁场方向不变，磁通量减少，则灵敏电流计的指针向左偏转12、F

17、； F； 【解析】F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F是通过一个弹簧秤沿AO方向拉橡皮条,使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧秤的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力故方向一定沿AO方向的是F,由于误差的存在F和F方向并不在重合；点睛：明确实验原理，了解实验误差的存在，知道该实验中“理论值”和“实验值”的区别 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）物体刚被抛出时的速度为10m/s；（2）物体落地时的速度为20m/s；（3）物体刚被抛出时距地面的高度为15m【解析】解：（1）1s末物体的竖直方向的分速度v

18、y1=gt1=10m/s故v0=vy1cot45=10m/s（2）落地时速度vt=20m/s（3）落地时竖直速度vy=vxtan=10m/s飞行时间t=s抛出时高度：h=gt2=15 m答：（1）物体刚被抛出时的速度为10m/s；（2）物体落地时的速度为20m/s；（3）物体刚被抛出时距地面的高度为15m【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动知道分运动和合运动具有等时性，掌握竖直方向和水平方向上的运动学公式14、 (1)2(2)，负号表示B对A的冲量方向向右【解析】(1)木板A、B碰后瞬时速度为v1，碰撞过程中动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得mv02mv1.A、B粘为一体后通过摩擦力与C发生作用，最后有共同的速度v2，此过程中动量守恒，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得2mv13mv2.C在A上滑动过程中，由能量守恒定律得mgL3mv2mv.联立