河北省张家口市宣化市一中2023学年高二物理第一学期期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两个相同的轻质铝环能在一个光滑的绝缘圆柱体上自由移动，设有大小不同的电流按如图所示的方向通入两铝环，则两铝环的运动情况是（ ）A都绕圆柱体运动B彼此相向运动，

2、且具有大小相等的加速度C彼此相向运动，电流大的加速度大D彼此相向运动，电流小的加速度大2、已知氢原子的基态能量为，激发态能量，其中n=2，3用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速能使氢原子从第一激发态电离的光子的最大波长为（）A B C D3、如图所示，真空中等量同种正点电荷放置在M、N两点，在MN的连线上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是( ) A正电荷+q在c点电势能大于在a点电势能B正电荷+q在c点电势能小于在a点电势能C在MN连线的中垂线上，O点电势最高D负电荷-q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度先减小再增大4、如图将金属导体放在沿

3、x正方向的匀强磁场中，导体中通有沿y正方向的电流时，在导体的上下两侧面间会出现电势差，这个现象称为霍尔效应关于金属导体上下两侧电势高低判断正确的是（ ）A上高下低B下高上低C上下一样D无法判断5、如图所示，电阻R20 ，电动机的绕组电阻R10 。当开关断开时，电流表的示数是I，电路消耗的电功率为P。当开关合上后，电动机转动起来若保持电路两端的电压U不变，电流表的示数I 和电路消耗的电功率P 应是 AI 3IBI 3ICP 3PDP 3P6、我国民用交流电，其电压随时间变化的规律如图，该交流电的周期、电压的有效值分别是（ ）A0.02s ，314VB0.01s ，314VC0.02s ，220V

4、D0.01s ，220V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一倾角为45的足够长的斜面固定在水平面上，其底端有一垂直斜面的挡板P，质量为0.8kg的滑块从距离水平面高度为1m处以一定的初速度沿斜面向下运动，若每次滑块与挡板P相碰无机械能损失，取水平面重力势能为0，第1次碰后滑块沿斜面上滑的最大重力势能为6.4J已知滑块与斜面的动摩擦因数为0.25，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是A滑块最终静止在斜面上某一高度处B滑块的初动能为2JC第1次碰后滑块

5、的动能为8JD滑块运动的全过程中机械能损失1.6J8、如图所示，不计电表内阻的影响，由于某一个电阻断路，使电压表、电流表的示数均变大，这个断路的电阻可能是（ ）ARlBR2CR3DR49、如图所示，图中KLM为静电场中的3个相距较近的等势面.一带电粒子射入此静电场中后，沿abcde轨迹运动.已知电势KLM，且粒子在ab段做减速运动.下列判断中正确的是()A粒子带负电B粒子在a点的加速度大于在b点的加速度C粒子在a点与e点的速度大小相等D粒子在a点的电势能大于在d点的电势能10、在一静止点电荷的电场中，任一点的电势与该点到点电荷的距离r的关系如图所示电场中四个点a、b、c和d的电场强度大小分别E

6、a、Eb、Ec和Ed，点a到点电荷的距离ra与点a的电势a已在图中用坐标（ra，a）标出，其余类推现将一带正电的试探电荷由a点依次经b、c点移动到d点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为Wab、Wbc和Wcd下列选项正确的是（）AEa：Eb=4：1BEc：Ed=2：1CWab：Wbc=3：1DWbc：Wcd=1：3三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在研究影响平行板电容器电容大小的因素的实验中，平行板电容器充电后断开电源，用导线将平行板电容器的一板与静电计小球相连，另一板与静电计外壳相连（1）此时静电计直接测量的是（_

7、）A电容C B电荷量QC两板间的电势差U D两板间场强E（2）下述做法可使静电计张角减小的是（_）A增大两板间距 B减小正对面积C插入有机玻璃板 D插入金属板12（12分）在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，已知小灯泡的额定电压为2.5V如图甲所示为已连接好的实物图(1)请根据实物图，在方框内画出对应的电路图(2)图乙是根据测量的数据，在坐标纸中作出的小灯泡的伏安特性曲线，由图线可知，当小灯泡在额定电压下工作时，其功率是_W.(保留两位有效数字)(3)由乙图可知在实验中小灯泡的电阻率随着电压的增大而_(增大、减小、不变)(4)将该小灯泡与电动势为9.0V、内阻为的直流电源及一个滑动变阻器串联成闭

8、合回路，当滑动变阻器连入电路的阻值为_时，电源的输出功率最大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流请判断导线所受安培力的方向是竖直向上还是竖直向下；若匀强磁场的磁感应强度的大小B=0.5T，导线中的电流I=1.5A，试计算导线所受安培力的大小；将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？14（16分）静电喷漆技术具有效率高,浪费少,质量好,有利于工人健康等优点,其装置如图所示.A、B为

9、两块平行金属板,间距d=0.40m,两板间有方向由B指向A,大小为E=1.0103N/C的匀强电场.在A板的中央放置一个安全接地的静电油漆喷枪P,油漆喷枪的半圆形喷嘴可向各个方向均匀地喷出带电油漆微粒,油漆微粒的初速度大小均为v0=2.0m/s,质量m=5.010-15kg、带电量为 q=-2.010-16C微粒的重力和所受空气阻力均不计,油漆微粒最后都落在金属板B上.试求: (1)微粒打在B板上的动能; (2)微粒到达B板所需的最短时间;(3)微粒最后落在B板上所形成的图形的面积大小.15（12分）如图，在直角三角形OPN区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外一带正电的粒

10、子从静止开始经电压U加速后，沿平行于x轴的方向射入磁场；一段时间后，该粒子在OP边上某点以垂直于x轴的方向射出已知O点为坐标原点，N点在y轴上，OP与x轴的夹角为30，粒子进入磁场的入射点与离开磁场的出射点之间的距离为d，不计重力求（1）带电粒子的比荷；（2）带电粒子从射入磁场到运动至x轴的时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据电流间相互作用规律：“同向电流相互吸引，异向电流相互排斥”可知，两圆环应相互吸引，即彼此相向运动，再根据牛顿第二定律和牛顿第三定律可知，两圆环的加速度大小相等，所以B正确，A

11、CD错误故选B2、C【解析】试题分析：最大波长对应着光子的最小能量，即只要使使氢原子从第一激发态恰好电离即可根据题意求出第一激发态的能量值，恰好电离时能量为0，然后求解即可第一激发态即第二能级，是能量最低的激发态，则有，电离是氢原子从第一激发态跃迁到最高能级0的过程，需要吸收的光子能量最小为，所以有，解得，故C正确3、C【解析】试题分析：因为MN两点放置等量同种正点电荷，故ac两点的电势相等，正电荷+q在c点电势能等于在a点电势能，选项AB错误；根据电势的叠加原理，则在MN连线的中垂线上，O点电势最高，选项C正确；因为在Ob和Oa方向上电场强度都是先增加后减小，故负电荷-q从d点静止释放，在它

12、从d点运动到b点的过程中，加速度可能先增后减，然后再增加再减小，故选项D错误；故选C.考点：等量同种电荷的电场；电势能.4、A【解析】试题分析：由于金属导体中的自由电荷是电子，根据左手定则可以判断电子受到向下的洛伦兹力，电子积累到下极板，故上极板电势高，选项A正确考点：左手定则 电势5、D【解析】AB.因闭合开关后保持电压不变，故R中的电流不变；由并联电路的规律可知，电流表中电流为电动机电流与R中电流之和；因为电动机电流一定小于电动机卡住时的电流；故电动机电流，故，故AB错误；CD.由功率公式可知，R消耗的功率不变，而电动机消耗的功率小于2P，故总功率小于3P，故C错误，D正确；6、C【解析】

13、由图得：交流电的周期：T=0.02s；电压最大值Um=314v，所以电压的有效值 ，故C正确，ABD错误故选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A滑块受重力、支持力和滑动摩擦力，重力平行斜面的分力为：，滑动摩擦力：，由于fG1，故物体最终停在挡板位置，故A错误；B第1次碰后滑块沿斜面上滑的最大重力势能为6.4J，即 ,h1=0.8m；由能量关系可知：，解得Ek0=2J，故B正确；C第1次碰后滑块的动能为，故C正确；D滑块运动的全过程中机械能损失：，故D错

14、误。故选BC.8、AD【解析】首先要判断电路的连接特点，再根据电压表是一个内阻很大的元件，根据电压表可能会对电路造成的影响，利用假设法分析各个电阻，最后确定故障的原因【详解】读图可知，电路是一个并联电路，共有三个支路。其中R3与R4串联在同一支路中，电压表测R4两端的电压。假设R1断路，外电路总增大，总电流减小，路端电压增大，通过R2的电流变大，即电流表读数变大；R4电压变大，即电压表示数增大，符合题意，故A正确。假设R2断路，电流表无示数，所以不合题意，故B错误。假设R3断路，电压表将无示数，所以不合题意，故C错误。假设R4断路，电压表测量路端电压，电路中总电阻增大，总电流减小，则路端电压增

15、大，电压表、电流表的示数均变大，符合题意，故D正确。故选AD。9、CD【解析】因为kL，且带电粒子在ab段做减速运动，因此粒子带正电，A错误；由电场线分布情况可知a点场强小于b点场强，因此粒子在a点的加速度小于在b点的加速度，B错误；a点和e点处在同一等势面上，因此该粒子在该两点的动能、电势能都相等，C正确；b点和d点处在同一等势面上，b、d两点的电势能相等，由于带电粒子在ab段做减速运动即该阶段电场力做负功，电势能增加，即a点的电势能小于b点的电势能，故D正确.10、AC【解析】由点电荷场强公式：，可得：，故A正确；由点电荷场强公式：，可得：，故B错误；从a到b电场力做功为：Wab=qUab

16、=q（a-b）=q（6-3）=3q，从b到c电场力做功为：Wbc=qUbc=q（b-c）=q（3-2）=q，所以有：Wab：Wbc=3：1，故C正确；从c到d电场力做功为：Wcd=qUcd=q（c-d）=q（2-1）=q，所以Wbc：Wcd=1：1，故D错误所以AC正确，BD错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）C （2） CD【解析】（1）静电计直接测量的是两板间的电势差U，故选C（2）A因电容器带电量Q一定；故若增大两板间距，根据可知，C减小，由Q=CU可知，U变大，选项A错误；B减小正对面积，则C减小，由Q=CU可知，U变

17、大，选项B错误；C插入有机玻璃板，则C变大，由Q=CU可知，U变小，选项C正确；D插入金属板，则相当于d减小，则C增大，由Q=CU可知，U变小，选项D正确【点睛】本题是电容器动态变化分析的问题，根据电容的决定式和电容的定义式综合分析，是常用思路12、1.2 W 增大 20 【解析】(1)根据题图甲可知，该电路采用滑动变阻器分压接法，同时电流表采用了外接法，故电路图如图所示(2)由题图乙可知，当电压为2.5 V时，电流为0.48 A；功率PIU1.2 W(3)图像的斜率变小则电阻变大，故电阻率增大(4)要使直流电源的输出功率最大，应使内、外电阻相等，则可知，外电阻应为22.5 ，此时电路中电流为

18、：，由题图乙可知，对应电压U0.5 V，则小灯泡电阻为：；滑动变阻器阻值为：R(22.52.5)20 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、竖直向上 0.015N 导线不受安培力【解析】根据左手定则判断知道，安培力竖直向上安培力大小为：F=BIL=0.51.50.2=0.015N电流I与磁感应强度B平行时不受安培力作用【点睛】该题考查到安培力的求解，会熟练的应用左手定则来判断安培力的方向，注意左手定则与右手定则的区别会利用安培力的公式F=BILsin进行相关的分析和计算14、（1）9.010-14J（1）0.1s（3）0.15m1【解析】试题分析：（1）每个微粒在电场中都只受竖直向下的电场作用，且电场力做功与路径无关，只与初末位置的电势差有关，根据动能定理得：即解得：微粒打在B板上的动能为（1）由题设知，微粒初速度方向垂直于极板时，到达B板时间最短，设到达B板时速度为，则有解得：在垂直于极板方向上，微粒做初速度为的匀加速直线运动，由运动学公式知：解得：（3）初速度大小相等沿水平方向的所有带电微粒都做类平抛运动，其它带电微粒做类斜下抛运动，所以微粒落在B板上所形成的图形是圆形，且最大半径R为类平抛运动的水平射程设带电微粒的加速度大