安徽省铜陵一中、浮山中学等2023学年高二物理第一学期期中复习检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为m、带电荷量为q（q0）的微粒以速度v与水平方向成45角进入匀强电场和匀强磁场，磁场方向垂直纸

2、面向里。如果微粒做匀速直线运动，则下列说法正确的是( )A微粒受电场力、洛伦兹力、重力三个力作用B微粒受电场力、洛伦兹力两个力作用C匀强电场的电场强度E=2mgqD匀强磁场的磁感应强度B=mgqv2、如图1所示，M、N是某电场中的一条电场线，若M点放置一初速度为零的质子，质子仅在电场力的作用下，由M运动到N的过程中的vt图象如图2，则关于M、N两点的电势和电场强度的判断中正确的是（ ）A BC D3、以下不能作为磁感应强度的单位的一项是（）ATBN/(Am)C(Ns)/(Cm)DV/m4、如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由AOB匀速飞过，电子重力不计，则电子除受电场力外，所受的另一个力的

3、大小和方向变化情况是()A先变大后变小，方向水平向左B先变大后变小，方向水平向右C先变小后变大，方向水平向左D先变小后变大，方向水平向右5、所谓比值定义法，就是两个物理量的比来定义一个新物理量的方法。以下不是利用比值定义物理量的是：AE=Fq B=EpqCC=s4kd DB=FIL6、如图所示，一个静止于斜面上的物体受到几个力的作用（ ）A1个 B2个 C3个 D4个二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，金属棒ab置于水平放置的金属导轨cdef上，棒ab与导轨

4、相互垂直并接触良好，导轨间接有电源现用两种方式在空间加匀强磁场，ab棒均处于静止第一次匀强磁场方向竖直向上；第二次匀强磁场方向斜向左上与金属导轨平面成=30角，两次匀强磁场的磁感应强度大小相等下列说法中正确的是（）A两次金属棒ab所受的安培力大小不变B第二次金属棒ab所受的安培力大C第二次金属棒ab受的摩擦力小D第二次金属棒ab受的摩擦力大8、如图所示,以等量同种点电荷的连线中点为原点,两点电荷连线的中垂线为x轴,E表示电场强度,表示电势,根据你已经学过的知识判断,在下列E-x图象和-x图象中,可能正确的是( ) AABBCCDD9、电磁炉为新一代炊具，无烟、无明火、无污染、不产生有害气体、无

5、微波辐射、高效节能等是电磁炉的优势所在电磁炉是利用电流通过线圈产生磁场，当磁场的磁感线通过含铁质锅底部时，即会产生无数小涡流，使锅体本身自行高速发热，然后再加热锅内食物下列相关说法中正确的是( )A锅体中的涡流是由恒定的磁场产生的B锅体中的涡流是由变化的磁场产生的C恒定磁场越强，电磁炉的加热效果越好D提高磁场变化的频率，可提高电磁炉的加热效果10、如图所示，三条平行等距的虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为10V、20V、30V，实线是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内的运动轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点来说( )A粒子在三点的合力Fa=Fb=Fc；B粒子必先过a，再到b，然后到c；C

6、粒子在三点的动能大小为EkbEkaEkc；D粒子在三点的电势能大小为EpcEpaEpb三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线，现有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻10k）B电压表（015V，内阻20k）C电流表（03A，内阻0.4）D电流表（00.6A，内阻1）E.滑动变阻器（最大阻值为10，允许最大电流为2A）F.滑动变阻器（最大阻值为500，允许最大电流为1A）G.学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙所示的电路图

7、来完成实验，其理由是_：（2）实验中所用电压表应选用_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_.（用序号字母表示）12（12分）如图甲，在验证动量守恒定律实验时，小车A的前端粘有橡皮泥，推动小车A一下，使之做匀速运动。然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续匀速运动，在小车A后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50Hz，长木板右端下面垫放小木片用以平衡摩擦力。(1)若获得纸带如图乙所示，并测得各计数点间距（已标在图上）。A为运动起始的第一点，则应选_ 段来计算 A 的碰前速度，应选_段来计算A和B碰后的共同速度（填“AB”或“BC”或“CD”或“DE”）。(2)已测得小车 A 的质量m1

8、=0.60kg，小车B的质量为m2=0.40kg，由以上测量结果可得碰前系统总动量为_kgm/s，碰后系统总动量为_kgm/s。（结果保留三位有效数字）(3)实验结论：_；(4)若打点计时器的实际工作频率高于50Hz，而实验者仍按照50Hz的频率来分析， 你认为对实验结果_ （填“有”或“无”）影响。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑绝缘的细圆管弯成半径为R的半圆形，固定在竖直面内、管口B、C的连线是水平直径，现有一带正电小球（可视为质点）从B点正上方的A点自由下落，A、B两点间距离为4R，

9、从小球进入管口B开始，整个空间中突然加一个匀强电场，这个匀强电场的电场力可分解为竖直方向和水平方向两个分力，其中竖直向上的分力大小与重力大小相等，水平分力大小未知，结果小球从管口C处脱离圆管后，其运动轨迹经过A点，设小球运动过程中带电量没有改变，重力加速度为g，求：（1）小球到达B点的速度大小；（2）小球受到的总的电场力的大小和方向；（3）小球经过管口C处时对圆管壁的压力。14（16分）如图所示，竖直平面内的直角坐标系xOy把空间分成四个区域，一绝缘带孔弹性挡板放置在x轴，某一端与坐标系O点重合，挡板上的小孔M距0点距离L1=9m，在y轴上的N点有一开口的小盒子，小盒子的中心距O点的距离L2=

10、3m，空间中I、象限存在竖直向上的匀强电场小孔M正上方高为h处有一直径略小于小孔宽度的带正电小球（视为质点），其质量m=1.0103kg，电荷量q=1.0103C，若h=0.1m，某时刻释放带电小球经t=0.55s小球到达小孔正下方L3=0.6m的S点（S未画出），不计空气阻力，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.1（1）求小球运动到小孔M时速度的大小； （2）求电场强度E的大小；（3）若在空间中、象限再加一垂直纸面的匀强磁场，B=1T，适当改变h为合适的一些数值，其他条件不变，小球仍由静止释放，小球通过小孔后继续运动，小球与挡板相碰以原速度反弹，碰撞时间不计，碰撞电量不变，

11、如果小球最后都能落入盒子的中心处，求h的可能值15（12分）如图甲所示，有一足够长的绝缘细杆竖直放置在水平方向的匀强电场当中，电场强度E随时间t的变化关系如图乙所示(取水平向右为电场的正方向)质量m=0.01kg、带电荷量q=+1.010-6C的有孔小球套在绝缘细杆上，孔的直径略大于细杆的直径t=0时刻小球从细杆的某处静止释放，已知小球与细杆的动摩擦因数=0.1，整个过程中小球电量不变且始终处于匀强电场当中，空气阻力忽略不计，取g=10m/s1求：（1）3秒末小球的速度大小；（1）3秒内小球的位移大小；（3）3秒内摩擦力对小球所做的功参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

12、在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】AB. 因为微粒做匀速直线运动，所以微粒所受合力为零，受力分析如图所示，微粒在重力、电场力和洛伦兹力作用下处于平衡状态，故A正确，B错误；CD. 可知，qEmg，qvB2mg，得电场强度Emgq，磁感应强度B2mgqv。故C错误，D错误。故选：A【点睛】带电粒子在电场磁场复合场中做匀速直线运动，受力重力、电场力、洛伦兹力而平衡，根据共点力平衡，根据正交分解求出电场强度和磁感应强度。2、A【解析】v-t图象的斜率等于加速度，由图可知，质子沿MN由M运动到N过程中，加速度不断增大，根据牛顿第二定律可知电子在N点所受电场力较大，由F=

13、Eq可知，M点的场强要小于N点场强，即有：EMEN；质子从M到N的过程中，速度增大，动能增大，则可知电场力做正功，所以电场力方向与质子的运动方向相同，则电场线方向由MN，则M点的电势要大于N点电势，即有，故BCD错误，A正确；故选A.3、D【解析】A特斯拉就是磁感应强度的单位，故A正确；BC由磁感应强度的定义式可知，由安培力F的单位是N，而电流I的单位是A，长度L的单位为m，故根据可知，1A=1C/s，则故BC正确；D由可知，V/m为电场强度的单位，故D错误。本题选不能作为磁感应强度的单位的，故选D。4、B【解析】根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从AOB，电场强度的方向不变，水平向右，电场

14、强度的大小先增大后减小，则电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，则外力的大小先变大后变小，方向水平向右。故选B。5、C【解析】电场强度与放入电场中的电荷无关，所以E=Fq属于比值定义法，故A错误；电势通过电势能与电量的比值来定义=EPq，故B错误；C=S4kd是电容的决定式，故C正确；磁感应强度由磁场本身决定与电流元以及电流元受到的力无关，所以磁感应强度B=FIL是比值定义法，故D错误。所以C正确，ABD错误。6、C【解析】对物体受力分析如图：先分析重力，物体与斜面接触，斜面给物体一个支持力一个静摩擦力。故选C。【点睛】受力分析时按照先重力和外力后接触力（先弹力后摩擦力）的顺序分析

15、，防止添力和漏力此题易错点在可能会分析上物体受到的下滑力，下滑力是重力的分力，分力和合力是替代关系，不能同时存在二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB、两次磁场方向都与导体棒垂直，故安培力均为，故A正确，B错误；CD、第一次安培力水平向右，导体棒受重力、支持力、安培力和向左的静摩擦力，根据平衡条件，有：，第二次安培力斜向右上方，与竖直方向成30，导体棒受重力、支持力、安培力和向左的静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：，故第二次的摩擦力较小，故C正确，D

16、错误；故选AC8、AD【解析】AB、在两电荷连线的中点，由于两个电荷在此处产生的场强大小相等、方向相反，所以该处场强为零，在无穷远处场强也为零，所以两点电荷连线的中点到无穷远场强是先增大后减小，且场强关于电荷连线对称，故A正确，B错误；CD、两点电荷连线的中垂线上场强方向从中点指向无穷远，且电势逐渐降低，因为O处的场强为零，则O处x的斜率为0，故C错误，D正确；故选AD【点睛】关键是知道电场的电场线特点和电场的叠加原理，结合其电场线的图即可作答9、BD【解析】电饭锅内连接交流电，其锅体中的涡流是由变化的磁场产生的，故A错误，B正确；电磁炉的加热效果与磁场的强弱无关，只与磁场的变化快慢有关，故C

17、错误；提高磁场变化的频率，可提高电磁炉的加热效果。故D正确。故选BD。10、AD【解析】A因表示电场中三个等势面的三条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀强电场，所以带电粒子在电场中各点受到的电场力相等，故A项正确B由题中的图可知，电场的方向是向上的，带负电的粒子将受到向下的电场力作用，带负电的粒子无论是依次沿a、b、c运动，还是依次沿c、b、a运动，都会得到如图的轨迹，故B项错误C带负电的粒子在电场中运动时，受到向下的电场力，向上运动时电场力做负功，动能减小，所以 故C错误；D带负电的粒子在电场中运动时，受到向下的电场力，向上运动时电场力做负功，电势能增加，所以 ，故D正确；故选AD。三

18、、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)描 绘 灯 泡 的 I-U 图 线 所 测 数 据 需 从 零 开 始 ，并 要 多 取 几 组 数 据； (2)A， D， E 【解析】（1）1描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，并 要 多 取 几 组 数 据，滑动变阻器应选择分压接法；（2）2 灯泡额定电压为4V，电压表应选A；3 灯泡额定电流电流表应选D；4为方便实验操作，滑动变阻器应选择总阻值较小的E。12、BC DE 2.07 2.06 在误差允许的范围内，系统的动量守恒 无 【解析】(1)1推动小车由静止开始运动，故小车

19、有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；2碰撞过程是一个变速运动的过程，而A和B碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段来计算碰后共同的速度。(2)3碰前系统的动量即A的动量，则有：4碰后的总动量P2=m1vA+m2vB=(m1+m2)v2=(3)5由实验数据可知：在误差允许的范围内，小车A、B组成的系统碰撞前后总动量守恒。(4)6碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得m1v0（m1+m2）v2即整理得m1BC=（m1+m2）DE打点计时器的打点时间间隔T不影响实

20、验结果，打点计时器的实际工作频率高于50Hz，而实验者仍按照50Hz的频率来分析，对实验没有影响。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) 电场力的大小为,方向斜向左上方与水平方向夹角 (3) 小球经过管口C处时对圆管的压力为：3mg，方向水平向右。【解析】（1）小球从开始自由下落到到达管口B的过程中机械能守恒，故有：小球到达B点时的速度大小为（2）设电场力的水平分力为（方向水平向左），竖直分力为（方向水平向上），则小球从B运动到C的过程中，由动能定理得：小球从管口C处脱离圆管后，做类平抛运动，由于其轨迹经过A点，有:联立以上各式，解得：电场力的大小为：方向斜向左上方与水平方向夹角 。（3）小球经过管口C处时，向心力由和圆管的弹力提供，设弹力的方向向左，则解得：方向向左，根据牛顿第三定律可知，小球经过管口C处时对圆管的压力为：方向水平向右。14、（1） （2） （3）1.25m，0.45m，0.70m【解析】(1) 小球释放做自由落体运动有 ， ，解得 t1=0.4s，v=4m/s；(2) 小球进入电场后在重力和电场力作用下做直