2023学年山东省菏泽一中物理高二上期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、关于电场强度与电势及等势面的描述，下面各种说法中正确的是()A沿等势面移动电荷电场力不做功B电场强度不变，电势也不变，电场强度大的地方，电势一定高C电势为零的地方，电场强度一定为零D电势降低的方向就是电场强度的方向2、关于电场和磁场的概念,以下说法正确的是A小磁针静止时N极所指的方向就是该处磁感应强度的方向B电荷在电场中某点所受电场力的方向即为该点的电场强度方向C电流元在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度一定为零D若长为L、电流为I的导线在某处受到的磁场力为F，则该处的磁感应强度必为3、一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有

3、一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处（未与极板接触）返回若将下极板向上平移，则从P点开始下落的相同粒子将（ ）A打到下极板上B在下极板处返回C在距上极板处返回D在距上极板处返回4、四种电场的电场线如图所示.一正电荷q仅在电场力作用下由P点向Q点作加速运动，且加速度越来越大.则该电荷所在的电场是图中的 ( )ABCD5、如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8V，乙电路两端的电压为16V，调节变阻器R1和R2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为P1和P2 ，两电路中消耗的总功

4、率分别为P甲和P乙则下列关系中正确的是( )AP甲P乙BP甲P乙CP1 P2DP1P26、如图所示，甲、乙两人静止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，结果两人向相反方向滑去。已知甲的质量为45kg，乙的质量为50kg。则下列判断正确的是A甲的速率与乙的速率之比为1：1B甲的加速度大小与乙的加速度大小之比为9：10C甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1D甲的动能与乙的动能之比为1： 1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，电源电动势为E，内

5、电阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，G为灵敏电流计，A为理想电流表开关S闭合后，电容C的两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，则以下说法正确的是A在滑动变阻器触头向上移动的过程中，A表的示数变大，油滴仍然静止，G中有方向由a至b的电流B在在滑动变阻器触头向上移动的过程中，A表的示数变小，油滴向上加速运动，G中有方向由b至a的电流C在滑动变阻器触头向下移动的过程中，A表的示数变大，油滴向上加速运动，G中有由a至b的电流D将开关断开，A表的示数立即为零，油滴开始向下运动，G中有由a至b的电流8、在如图所示的平行板器件中，电场强度和磁感应强度相互垂直，不同的带电粒子水平射入后

6、，均沿着图示虚线路径运动，这些粒子必定具有相同的（）A电性B速率C入射点D比荷9、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r。理想电压表V1、V2示数为U1、U2，其变化量的绝对值分别为U1和U2；流过电源的电流为I，其变化量的绝对值为I。当滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）（）A小灯泡L1、L2变亮，L3变暗BU1U2C不变D电源输出功率变大10、如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面,它们的电势分别为a、b和c， abc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示由图可知（ ）A粒子从K到L的过程中，电场力做正功B粒子从L到M的过程中，电场力做负功C

7、粒子从K到L的过程中，电势能增加D粒子从L到M的过程中，动能增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用刻度尺测出被测金属丝的长度l.用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻Rx.(1)请写出测金属丝电阻率的表达式：_(用上述测量量的字母表示)(2)如图，要用伏安法测量Rx的电阻，已知电压表内阻约几k，电流表内阻约1，若用图甲电路，Rx的测量值比真实值_(填“偏大”或“偏小”)，若Rx的阻值约为10，应采用_(填“甲”或“乙”)图的电路，误差会较小(3)用电压表和电流表测金

8、属丝的电压和电流时读数如下图所示，则电压表的读数为_ V，电流表的读数为_ A12（12分）在一次实验时某同学用游标卡尺测量（如图），示数为_cm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有一小型直流电动机，把它接入U10.3 V的电路中时，电动机不转，测得流过电动机的电流为I10.6 A；若把电动机接入U23.0 V的电路中时，电动机正常工作，工作电流是I21.0 A。(1)求电动机的内电阻。(2)电动机正常工作时的输出功率是多少？(3)如果电动机正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发热功率是多大？14（

9、16分）如图所示，在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电的细线的一端连接着一个质量为m的带电小球，另一端固定在O点，把小球拉起至细线与场强平行，然后无初速度释放，小球摆动到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为，求小球经过最低点时细线对小球的拉力。15（12分）如图所示，电源电动势E10 V，内阻r0.5 ，闭合S，标有“8 V,16 W”的灯泡L恰好能正常发光，电动机M绕线的电阻R01 ，求：(1)电源的总功率；(2)电动机的输出功率.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：在同一等势面上移

10、动电荷时，根据W=qU，由于任意两点间的电势差U为零，因此电场力不做功，故A正确；电场强度与电势没有直接关系，所以电场强度大的地方电势不一定高，电场强度不变电势也可能改变，故B错误；、电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零，故C错误；电势降低的方向不一定是电场强度的方向，只有电势降低最快的方向才是电场强度的方向，故D错误；故选A.【点睛】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低2、A【解析】A小磁针静止时N极所指方向与该处磁场方向相同，也就是该处磁

11、感应强度的方向，故A正确；B正电荷在电场中所受电场力的方向与该处的电场方向相同，而负电荷受电场力与该处的电场强度方向相反，故B错误；C通电导线在磁场中某处不受磁场力作用，可能导线的放置方向与磁场方向平行，不受安培力，磁感应强度不一定为零，故C错误；D对于公式，其条件是导线垂直磁场的方向，所以若长为L、电流为I的导线在某处受到的磁场力为F，则该处的磁感应强度不一定为，故D错误3、D【解析】设带电粒子的质量为m，电容器两基板的电压为U，由动能定理得，若将下极板向上移动d/3，设带电粒子在电场中下降h，再由动能定理得，联立解得，所以带电粒子还没达到下极板就减速为零，D正确【考点定位】动能定理、电场力

12、做功、匀强电场电场强度和电势差的关系4、C【解析】因粒子由P到Q是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M到N的；因粒子在运动中加速度越大越大，说明受电场力越大越大，则电场强度越大越大，电场线越来越密；故C正确，ABD错误；故选C5、D【解析】设灯泡的额定电流为I，则甲电路干路电流2I,=,=因为所以可确定=变阻器消耗的功率等于总功率减去电灯消耗功率，因为灯泡相同且都正常发光说明在两电路中消耗功率相同，即P1P2选D6、C【解析】甲、乙两人组成的系统动量守恒，以两人组成的系统为研究对象，以甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m甲v甲-m乙v乙=0，所以：；故A错误；甲与乙之间的作用力为作

13、用力与反作用力，大小相等，由牛顿第二定律：a=F/m，所以：故B错误；甲、乙两人组成的系统动量守恒，所以分离后二者动量大小相等，方向相反。由动量定理：I=mv=P可知，甲对乙的冲量大小与乙对甲的冲量大小之比为1：1故C正确；动能的表达式：Ekmv2，所以：故D错误。故选C。【点睛】该题考查动量、能量的转化与守恒，题中两人组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出两人的速度之比。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】粒子原来处于平衡状态,重力和静电力平衡；电容

14、器与电阻R2、滑动变阻器R并联后与R1串联AB. 触头向上移动，电阻R变大，电路总电阻变大，电流变小，则A表的示数变小，电容器两端电压为：U=EI(r+R1)，故电容器两端电压变大，带电量变大，G中有由b至a的电流，电场力变大，粒子向上加速，故A错误，B正确；C. 触头向上移动，电阻R变小，电路总电阻变小，电流变大，则A表的示数变大，电容器两端电压为：U=EI(r+R1)，故电容器两端电压变小，带电量变小，G中有由a至b的电流，电场力变小，粒子向下加速，故C错误；D. 将开关断开，A表的示数立即为零，电容器将通过R和R2放电，两板间电压减小，油滴开始向下运动，G中有由a至b的电流，故D正确故选

15、BD点睛：电容器与电阻R、电阻R2相并联后与R1串联，滑片移动，根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到导致电容器两端电压变化情况，最终判断油滴受力变化和运动情况，以及电容器的充放电情况8、BC【解析】粒子沿直线运动，受电场力和洛伦兹力，电场力在竖直方向，由左手定则知洛伦兹力也在竖直方向，所以二力一定平衡，即有：可得：假设粒子带正电，从左侧射入，可满足二力平衡，若从右侧射入，不满足二力平衡；假设粒子带负电，从左侧射入，可满足二力平衡若从右侧射入，不满足二力平衡；若要粒子沿直线运动，则这些粒子由具有相等的速率、相同的入射点，与粒子的带电性质和比荷无关；A.与分析不符，故A错误；B.与分析相符，故

16、B正确；C.与分析相符，故C正确；D.与分析不符，故D错误9、AC【解析】A当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮故A正确；B由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所以U1U2故B错误；C由U1=E-I（RL2+r）得不变，故C正确；D因电源内阻和外电阻的关系不能确定，不能确定电源输出功率的变化，选项D错误。故选AC。10、CD

17、【解析】试题分析：A、根据，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功；A错误B、根据，粒子从K到L的过程中，电势能减小，故电场力做正功；B错误C、根据，粒子从K到L的过程中，电势能增加；C正确D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加；D正确故选CD考点：电势能点评：本题根据得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1) d2Rx4l (2)偏小 甲 (3)2.60 0.52 【解析】（1）由Rx=lS与S=14d2得=d2Rx4l.（2）若用图甲电路，则Rx的电流的测量值偏大

18、，则Rx的测量值比真实值偏小，因电压表内阻约几k，电流表内阻约1，Rx的阻值约为10，可知RVRx，则应采用电流表外接法，即图甲电路误差会较小.（3）电压表的读数为2.60 V，电流表的读数为0.52A.【点睛】本题关键是要明确安培表内、外接法的误差来源，并会选择减小误差的方法。当RVRx时应采用电流表外接法误差较小，当当RxRA时应采用电流表内接法误差较小，12、10.410cm【解析】1游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为：所以最终读数为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 0.5 (2)2.5 W(3)18 W【解析】(1)当U10.3V，I10.6A时，电动机不转，此时电动机为纯电阻，故电动机的内电阻为r0.5(2)当U23.0V，I21.0A时，电动机正常工作，此时电动机为非纯电阻，则电动机的输出功率为P出U2I2I22r2.5W(3)当电动机正常工作被卡住时，电动机又为纯电阻，其热