2023学年上海市虹口区上海市继光高级中学高二物理第一学期期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、在点电荷+Q形成的电场中有一点A，当一个q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W。取无限远处电势为0，则检验电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为（）A，BCD2、2019年5月17日，我国在西昌卫星发射中心成功发射了第四十五颗北斗导航卫星，该卫星属地球静止轨道卫星。若地球的自转周期为T，这颗卫星在轨运行的线速度大小为v，下列说法正确的是（）A卫星离地的高度为B卫星可以定点在北京正上空C卫星在运行过程中的动量保持不变D卫星在运行过程中的动能保持不变3、穿过一个单匝闭合线圈的磁通量始终为每秒均匀增加5Wb,则A线圈中感应电动势每秒增加5VB线圈中感应电

3、动势每秒减小5VC线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于5VD线圈中感应电动势始终为5V4、如图所示是洛伦兹力演示仪，甲图为没有磁场时电子束的径迹，乙图为施加垂直于纸面的磁场后，电子束运动的径迹，则在乙图中所加磁场的方向是（ ）A垂直纸面向里B垂直纸面向外C水平向左D水平向右5、如图所示，线框平面与磁场方向垂直，现将线框沿垂直磁场方向拉出磁场的过程中，穿过线框磁通量的变化情况是（ ）A变小B变大C不变D先变小后变大6、关于力和运动的关系，下列说法正确的是（ ）A力是维持物体运动的原因B力是改变物体运动状态的原因C运动的物体合力一定不等于零D运动越快的物体所受力的合力一定

4、越大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路，电源电动势为E，内阻为r，Rt为光敏电阻（光照强度增加时，其电阻值减小）。现增加光照强度，则下列判断正确的是AB灯变暗，A灯变暗BR0两端电压变大C电源路端电压变大D电源总功率变小8、图中K、L、M为某静电场中的三个相距较近的等差等势面，电势满足KLM，等势面关于bc连线对称现将一个带负电的试探电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点则该试探电荷在此全过程中()A所受电场力的方向不变B所受电场力一直变

5、大C电势能一直减小D电势能先不变后增大9、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2v1）若小物体电荷量保持不变，OMON，则（）A小物体上升的最大高度为B从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小10、如图所示，通电线圈处于竖直悬挂状态，现突然加一水平向右的磁场，则此时各边所受安培力的情况为（）Aab边受水平向左的安培力，cd边受水平向右的安培力Bad边和bc边不受安培

6、力Cab边受垂直纸面向外的安培力，cd边受垂直纸面向里的安培力Dabcd各边受到的安培力的效果使线圈处于静止状态三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示为验证动量守恒的实验装置示意图若入射小球质量为，半径为；被碰小球质量为，半径为则_ A. C. 为完成此实验，以下所提供的测量工具中必需的是_ 填下列对应的字母 A.直尺游标卡尺天平弹簧秤秒表设入射小球的质量为，被碰小球的质量为为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式用、及图中字母表示 _ 成立，即表示碰撞中动量守恒12（12分）用下列器材，描绘小灯泡的伏安特性曲线A待测小灯泡：

7、额定电压3.0V，额定功率约为1.5W；B电流表：量程0.6A，内阻约为；C电压表：量程3V，内阻；D滑动变阻器：最大阻值为，额定电流1A；E滑动变阻器：最大阻值为，额定电流1A； F电源：电动势6V，内阻很小；G开关一个，导线若干（1）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用_（填写器材序号）（2）实验中某次测量如下图，则电压表的读数为_V，电流表的读数为_A（3）用笔画线代替导线，将图中的实验仪器连成完整的实验电路_(4)该同学描绘出的I-U图象和下图中的_形状最接近A B C D（5）某同学做完该实验后，发现手头还有一个额定电压5.0V，额定功率约为2.8W的小灯泡，

8、为了描绘其伏安特性曲线，该同学又找到一个阻值的定值电阻请利用现有器材设计实验方案，在下面画出实验电路图_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一根长为L2m，横截面积S1103m2的铜棒，两端电势差为U5.44102V，铜棒的电阻R2105，铜内自由电子的密度为n8.51029个m3，求：(1)通过铜棒的电流；(2)铜棒内电场强度；(3)自由电子定向移动速率14（16分）有一个电流表G，内阻=30，满偏电流=1mA，（1）要把它改装为量程为0-3V的电压表，应如何办？改装后电压表的内阻多大？ （2）要把它改装

9、为量程为0-6mA的电流表，应如何办？改装后电流表的内阻多大？15（12分）如图所示，一个电子由静止开始经加速电场加速后，又沿中心轴线从O点垂直射入偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，O点为荧光屏的中心。已知电子质量m=9.01031kg，电荷量e=1.61019C，加速电场电压U0=2500V，偏转电场电压U=200V，极板的长度L1=6.0cm，板间距离d=2.0cm，极板的末端到荧光屏的距离L2=3.0cm（忽略电子所受重力）。求：(1)电子射入偏转电场时的初速度v0；(2)电子打在荧光屏上的P点到O点的距离h；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题

10、给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】依题意，-q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W，则电荷的电势能减小W，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A点的电势能为EPA=-W则A点的电势故选A。2、D【解析】AB. 同步卫星轨道在赤道上空，不可能定点在北京，根据线速度公式 可知，轨道半径为故离地高度小于，故AB错误；CD.卫星匀速圆周运动，速度大小不变，则动能不变，但速度方向时刻改变，则动量时刻改变，故C错误D正确。故选D。3、D【解析】磁通量始终保持每秒钟均匀地增加5Wb，根据法拉第电磁感应定律；由于磁通量的变化率不变，故电动势不变；而电动势大小与电

11、阻大小无关，故D正确，ABC错误；4、B【解析】粒子带负电，粒子向上偏转，故根据左手定则可得，故所加磁场为垂直纸面向外.A垂直纸面向里，与结论不相符，选项A错误；B垂直纸面向外，与结论相符，选项B正确；C水平向左，与结论不相符，选项C错误；D水平向右，与结论不相符，选项D错误；5、A【解析】线框平面与磁场方向垂直，故磁通量为=BS；将线框沿垂直磁场方向拉出磁场的过程中，在磁场中的面积S减小，故BS减小；故选A【点睛】本题考查了磁通量的概念，关键是记住公式=BS，也可以用穿过线圈的磁感线条数形象表示，基础题目6、B【解析】力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，选项A错误，B正确；物

12、体做匀速直线运动时，物体所受的合力等于零，选项C错误；运动越快的物体速度大，但是所受力的合力不一定越大，当物体做匀速直线运动时，合力为零，选项D错误；故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】ABC根据题意增加光照强度时减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知干路电流I增大，电源的内电压增大，路端电压U减小，流过A灯的电流减小，则A灯变暗；通过电流：I增大，而减小，故增大，则两端电压增大，而、B的电压之和等于路端电压，因路端电压减小，则知B的电压

13、减小，所以B灯变暗；所以B正确，A错误，C错误.D电源的总功率：因为E不变，I增大，则P增大.故D错误.8、AB【解析】等势面与电场线的方向垂直，电场线从高等势面指向低等势面，所以等势面L处的电场的方向向左；负电荷从a到b的过程中，受到的电场力的方向向右；由图可知，负电荷从b到c的过程中受到的电场力的方向也向右。故A正确；等差等势面的疏密表示电场的强弱；由图可得，电荷abc的过程中，c处的等势面最密，a处的等势面最疏，所以电荷abc的过程中，所受电场力一直变大。故B正确；在等势面上移动电荷时，电场力不做功，所以a到b的过程中电场力不做功；b到c的过程中负电荷受到的电场力的方向向右，电场力做正功

14、，电势能减小。故CD错误。故选AB。【点睛】本题要求学生判断出特定电场的等势面的特点，并判定电荷在运动过程中受力情况，从而可以判断电场受力及电荷能量变化9、AD【解析】A设斜面倾角为、上升过程沿斜面运动的最大距离为L因为OMON，则MN两点电势相等，小物体从M到N、从N到M电场力做功均为2上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为W2在上滑和下滑过程，对小物体，应用动能定理分别有：和上两式相减可得：故A正确BC由OMON，可知电场力

15、对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大；故BC错误；D从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到O的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小；故D正确10、BC【解析】AC由左手定则可知，ab边受垂直纸面向外的安培力，cd边受垂直纸面向里的安培力，故A错误，C正确；B由于ad边和bc边中的电流方向与磁场方向平行，则ad边和bc边不受安培力，故B正确；D由于ad边和bc边不受安培力，ab边受垂直纸面向外的安培力，cd边受垂直纸面向里的安培力，则各边受到的安培力的效果使线圈逆时针转动（从上往

16、下面），故D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)C (2)AC (3) 【解析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；（2）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度将需要验证的关系速度用水平位移替代【详解】（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v2

17、2解得v1=v0要碰后入射小球的速度v10，即m1-m20，m1m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2，故选C（2）P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1；碰撞后入射小球的速度v2 ；碰撞后被碰小球的速度v3；若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，代入数据得：m1 =m1+m2，所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平；故选AC（3）若关系式m1 =m1+m2成立，即表示碰撞中动量守恒【点睛】本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证

18、的方程变成容易验证12、D2.28V0.42AB【解析】试题分析：（1）为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器，故选D；（2）电压表最小分度为0.1V；故读数为2.28V；电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A，则读数为0.42A；（3）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，连成完整的实验电路如图所示；（4）因灯泡电阻随温度的增加而增大，因此在I-U图象中图线的斜率应越来越小，故选B（5）小灯泡的额定电压为5V，大于电压的量程，故应用串一个定值电阻，增大量程；当串联一个阻值为，其量程为，描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示.【点睛】本题考查了设计实验电路图，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法，根据灯泡与电表内阻的关系确定电流表接法，即可正确作出实验电路图四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)2.72103A(2)2.72102V/m(3)2105m/s【解析】(1)I2.72103A(2)E2.72102V/m(3)vm/s2105m/s【名师点睛】由欧姆