2023学年云南省河口县高级中学高二物理第一学期期中教学质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、若已知某行星绕太阳公转的半径为，公转周期为，万有引力常量为，则由此可求出（）A某行星的质量B太阳的质量C某行星

2、的密度D太阳的密度2、关于电阻和电阻率的说法中，正确的是 （ ）A导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B由R =UI可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象发生超导现象时的温度叫“转变温度”D将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一3、如图所示，为某一点电荷形成电场中的一条电场线，a、b为线上的两点，则下列判断正确的是 ( )Aa、b点场强大小相同 Ba、b点场强方向相同Ca、b点场强大小、方向都相同 D无法确定4、如图，质量为m，长为3l的

3、均匀直导线折成等边三角形线框LMN，竖直悬挂于两根绝缘细线上，并使边MN呈水平状态。现置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B。当两根绝缘细线所受拉力为零时，通过导线MN的电流强度大小为（）ABCD5、如图所示，在真空中有一对平行金属板，分别接在电源的两极上，一个带正电荷的粒子，在静电力的作用下由静止开始从正极板附近向负极板运动，则该带点粒子在运动过程中（ ）A静电力对它做正功，电势能增加B静电力对它做正功，电势能减少C静电力对它做负功，电势能增加D静电力对它做正功，电势能减少6、真空中两个静止的点电荷相距r时，相互作用的静电力大小为F。仅将它们之间的距离增大到4r时，它们之间的静电

4、力大小为A4FB16FCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为速度选择器，场强为E的匀强电场与磁感应强度为B的匀强磁场互相垂直。一带电荷量为+q，质量为m的粒子（不计重力）以速度v水平向右射入场区，粒子恰沿直线穿过，则下列说法正确的是A若带电粒子电荷量为+2q，粒子仍能沿直线穿过B若带电粒子电荷量为-2q，粒子将向下偏转C若带电粒子从右侧水平射入，粒子仍能沿直线穿过D若带电粒子的速度为，粒子不与极板相碰，则从右侧射出时电势能一定减小8、水平地面上有一个倾角为

5、的斜面，其表面绝缘另一个带正电的滑块放在斜面上，两物体均处于静止状态，如图所示当加上水平向右的匀强电场后，滑块与斜面仍相对地面静止（ ）A滑块与斜面间的摩擦力一定变大B滑块与斜面间的摩擦力可能不变C滑块对斜面的压力一定变大D斜面体对地面的压力一定不变9、在如图所示电路中，闭关开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生了变化，电表的示数分别用I、U1、U2表示，电压表示数变化的绝对值分别 为U1、U2，下列判断正确的是（ ） AU1U2BI减小，U1增大，U2增大C电源的总功率变大，内功率变小D电源的输出功率变大，效率也变大10、A、B两物体质量均为m，其中A带电量为q

6、（不考虑电量的变化）的负电荷，B不带电，通过劲度系数为k的轻质弹簧相连放在水平面上，如图所示，开始时两者都处于静止状态。现在施加一竖直向下的匀强电场，电场强度E=2mgq （g为重力加速度），若不计空气阻力，则以下说法正确的是( )A刚施加电场的瞬间，A的加速度大小为g，方向竖直向上BB刚离开地面时， A的速度大小为2gmkCB刚离开地面时，A的速度大小为gmkDB刚离开地面时，A的加速度为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的实验中，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰

7、的点开始起，每隔0.1 s取一个计数点，分别标上0，1，2，3量得0与1两点间的距离S1=10.0mm，1与2两点间的距离S2=14.0mm，2与3两点间的距离为S3=18.0mm，则打计数点l时小车的瞬时速度为_ms，打l与3两点间小车的平均速度为_m/s12（12分）现有一合金制成的圆柱体，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示（1）由图（a）读得圆柱体的直径为_mm （2）由图（b）读得圆柱体的长度为_mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1

8、3（10分）如图所示，金属丝发射出来的电子(初速度为零，不计重力)被加速后从金属板的小孔穿出，进入偏转电场电子在穿出偏转电场后沿直线前进，最后打在荧光屏上设加速电压U1=1640 V，偏转极板长L=4 cm，偏转极板间距d=2 cm，当电子加速后从两偏转极板的正中央沿与板平行方向进入偏转电场（电子质量符号m 电子电荷量符号e）（1）电子进入偏转电场时速度？（用题中所给物理量符号表示）（2）偏转电压U2为多大时，电子束打在荧光屏上偏转距离最大？（3）如果偏转极板右端到荧光屏的距离S=20 cm，则电子束最大偏转距离为多少？14（16分）如图所示电路，电源内阻，灯L标有“3V 1.5W”字样，滑动

9、变阻器最大值为R，当滑片P滑到最右端A时，电流表读数为1A，此时灯L恰好正常发光，试求：（1）电源电动势E；（2）当滑片P滑到最左端B时，电流表读数；（3）当滑片P位于滑动变阻器的中点时，滑动变阻器上消耗的功率15（12分）如图所示，平面直角坐标系xoy中，第I象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第IV象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一质量为m，电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成=60角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点与y轴正方向成60角射出磁场，不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R；（2）

10、匀强电场的场强大小E参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AB研究行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式得行星的质量m从两边消掉了，只能求出中心体（太阳）的质量M，故B正确，A错误；CD不知道太阳的半径，所以不能求出太阳的密度，更不能求解行星的密度，故CD错误。故选B。2、C【解析】试题分析：任何物体都有电阻，A错；导体的电阻率由材料本身性质决定，并随着温度的变化而变化，导体的电阻与长度、横截面积有关，与导体两端电压及导体中电流大小无关，BD错；电阻率反映材料的导电性能，电阻率长于温度有

11、关，但某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象，C对；考点：考查对电阻定律的理解点评：对于电阻是对电流的阻碍作用要有清楚的认识，不要有只有导体才有电阻的错误看法，对电阻定律要有明确的认识，知道定义式和决定式的区别3、B【解析】试题分析：该电场线为一点电荷形成的一条电场线，因不知是正点电荷还是负点电荷，所以无法判断a、b两点的场强大小解：因不知是正点电荷还是负点电荷产生的电场线，所以无法判断a、b两点的场强大小，但场强的方向一定是相同的故选B【点评】解决本题的关键掌握电场线的特点，电场线的疏密可表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示场强的方向4、B【解

12、析】当两根绝缘细线所受拉力为零时，即等边三角形线框，LMN所受的安培力与重力大小相等，方向相反，由于NLM导线的等效长度为L，由并联电路特点可知，由平衡条件有解得故选B。5、B【解析】电容器左边极板带正电荷，右边极板带负电荷，故电场强度向右，微粒带正电荷，故电场力向右，位移向右，故电场力做正功，电场力做功等于电势能的减小量，故电势能减小，转化为了动能A静电力对它做正功，电势能增加与分析不符，故A错误；B静电力对它做正功，电势能减少与分析相符，故B正确；C静电力对它做负功，电势能增加与分析不符，故C错误；D静电力对它做正功，电势能减少与分析不符，故D错误。6、D【解析】由库仑定律的可得原来它们之

13、间的库仑力为：，变化之后它们之间的库仑力为：，所以D正确、ABC错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A粒子恰沿直线穿过，电场力和洛伦兹力均垂直于速度，故合力为零，粒子做匀速直线运动；根据平衡条件，有：qvB=qE解得： 只要粒子速度为，就能沿直线匀速通过选择器；若带电粒子带电量为+2q，速度不变，仍然沿直线匀速通过选择器；故A正确；B若带电粒子带电量为-2q，只要粒子速度为，电场力与洛伦兹力仍然平衡，仍然沿直线匀速通过选择器；故B错误；C若带电粒子从

14、右侧水平射入，电场力方向不变，洛伦兹力方向反向，故粒子一定偏转，故C错误；D若带电粒子速度为v，电场力不变，洛伦兹力变为倍，故会向电场力方向偏转，电场力做正功，电势能减小；故D正确；8、BCD【解析】试题分析：滑块开始受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，加上匀强电场后，滑块多了一个水平向右的电场力，所受的静摩擦力方向可能沿斜面向上，可能沿斜面向下，则摩擦力的大小可能减小、可能增大，可能不变故A错误B正确；未加电场前，斜面体对滑块的支持力N=mgcos，加上电场后，支持力的大小变为N=mgcos+qEsin，知滑块对斜面的压力变大故C正确；对整体分析，加电场后，竖直方向支持力的大小仍然等于总重力，

15、所以斜面体与地面间的压力不变故D正确考点：共点力的平衡问题9、AB【解析】当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2电阻变大，总电阻变大，总电流减小，路端电压变大，即U1变大；R1的电流变大，则电流表支路的电流减小，即I减小；R3电压减小，则R2电压变大，则U2变大；选项B正确；因U1=U2+UR3，因U1变大，U2变大，UR3变小则U1U2，选项A正确；根据P=IE可知电源的总功率变大；根据P内=I2r可知，电源内功率变大，选项C错误；因不知道电源内阻和外电阻之间的关系，则不能判断电源输出功率的变化情况；根据=IUIE=RR+r可知电路的外电阻变大，电源的效率变大；选项D错误；故选AB.10、

16、BD【解析】在未施加电场时，A物体处于平衡状态，当施加上电场的瞬间，A物体受到的合力为施加的电场力，故F=2mg=ma，解得a=2g，方向向上，故A错误；当B离开地面时，此时B受到弹簧的弹力等于B的重力，从施加外力到B离开地面，弹簧的弹力做功为零，A上升的距离为x=2mgk，故合力做功全部转化为A的动能，根据动能定理可知(qE-mg) x12mv2，解得v=2gmk，故B正确，C错误；当B离开地面时，此时B受到弹簧的弹力等于B的重力，此时弹簧的弹力F=mg，对A物体，受到向上的电场力、重力以及弹簧的拉力，根据牛顿第二定律可知qE-F-mg=ma，解得a=0，故D正确；故选BD。【点睛】本题关键

17、根据平衡条件和胡克定律求解出弹簧的形变量，最后结合几何关系得到物体A上升的距离，注意明确弹性势能的变化与形变量之间关系，利用动能定理可判断。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.12 0.16 【解析】打计数点l时小车的瞬时速度等于0与2点间的平均速度，为： ；打l与3两点间小车的平均速度为：；【点睛】本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，关键是知道平均速度等于中间时刻瞬时速度；在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力12、1.847 0.002 42.40 【解析】（1）由图（a）读得圆柱体的直径为：1.

18、5mm+0.01mm34.7=1.847mm； （2）由图（b）读得圆柱体的长度为：4.2cm+0.05mm8=42.40mm.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）410V（3）0.11m【解析】试题分析：（1）电子在加速电场，由动能定理可以求出进入偏转电场时的速度，（2）当电子经偏转电场后从下板边缘出来时，电子束打在荧光屏上偏转距离最大先运用动能定理求得电子进入偏转电场时的初速度运用运动的分解，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求出偏转电压（3）如图电子束打在荧光屏上最大偏转距，电子离开电场后做匀速直线运动，由求出匀速直线运动的时间，即可求得最大偏转距离y（1）设电子电量大小e，质量为m，进入偏转电场初速度v0，根据动能定理，有得：（2）电子在偏转电场的飞行时间电子在偏转电场的加速度要使电子束打在荧光屏上偏转距离最大，电子经偏转电场后必须沿下板边缘射出电子在偏转电场中的侧移距离为则联立得：（3）电子离开偏转电场时垂直极板方向的速度电子离开偏转电场到荧光屏的时间：电子打在荧光屏上最大偏转距离：【点睛】本