辽宁省六校协作体2023学年物理高二第一学期期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个放在绝缘架上的相同金属球相距r，球的半径比r小得多，带电量大小分别为-q和3q，引力大小为3F。现将这两个

2、金属球相接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力大小将变为（ ）A4F B2F C32F DF2、如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。若A、B间距为L，C是AB 的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g。则下列判断正确的是A从A至B，q 先做匀加速运动，后做匀减速运动B在B点受到的库仑力大小是mgsinCQ产生的电场中，A、B两点间的电势差大小为U=mgLsinqD在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大3、如图所示为点电荷、所形成电场的电场线分布图（

3、箭头未标出），在M点处放置一个电荷量大小为的负试探电荷，受到的电场力大小为F，以下说法中正确的是（ ）A、由电场线分布图可知M点处的场强比N点场强大B、M点处的场强大小为，方向与所受电场力方向相同C、为异种电荷，的电荷量小于的电荷量D、如果M点处的点电荷电量变为，该处场强变为4、回旋加速器的工作原理如图所示：真空容器D形盒放在与盒面垂直的匀强磁场中两盒间狭缝间距很小，粒子从粒子源A处（D形盒圆心）进入加速电场（初速度近似为零）D形盒半径为R，粒子质量为m、电荷量为+q，加速器接电压为U的高频交流电源若相对论效应、粒子所受重力和带电粒子穿过狭缝的时间均不考虑下列论述正确的是A交流电源的频率可以任

4、意调节不受其他条件的限制B增大磁感应强度B，粒子被加速后获得的最大动能增大C增大电压U，粒子被加速后获得的最大动能增大D增大U或B，粒子在D型盒内运动的总时间t 都减少5、2017年12月，我国大飞机三剑客之一的“鲲龙”AG600成功首飞若该飞机在起飞过程中做匀加速直线运动，下列能反映该运动过程的图象是()ABCD6、A、B、C三点在同一直线上，AB:BC=1:2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷当在A处放一电荷量为q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放电荷量为-2q的点电荷，其所受电场力为 （ ）A-F/2BF/2C-FDF二、多项选择题：本题共4小题，

5、每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、金星、地球和火星均绕着太阳的公转，它们的运动可视为匀速圆周运动已知它们的轨道半径关系r金r地r火，则它们的向心加速度a、线速度v、角速度、周期T，大小关系正确的是（）Aa火a地a金Bv金v地v火C金地火DT金T地T火8、如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为.下列说法中正确的是()A小球受重力、绳的拉力和向心力作用B小球做圆周运动的半径为L

6、sinC越大，小球运动的角速度越大D越大，小球所受的合力越小9、如图所示，回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电两极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的匀强电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速两D形金属盒处于垂直于盒底面的匀强磁场中，磁场方向如图所示，设匀强磁场的磁感应强度为B， D形金属盒的半径为R，狭缝间的距离为d，匀强电场间的加速电压为U，要增大带电粒子（电荷量为q，质量为m，不计重力）射出时的动能，则下列方法中正确的是A增大加速电场间的加速电压B减小狭缝间的距离C增大磁场的磁感应强度D增大D形金属盒的半径10、图中甲是匀强电场，乙是孤立的正点电

7、荷形成的电场，丙是等量异种点电荷形成的电场（a、b位于两点电荷连线上，且a位于连线的中点），丁是等量正点电荷形成的电场（a、b位于两点电荷连线的中垂线上）有一个正检验电荷仅在电场力作用下分别从四个电场中的a点由静止释放，动能Ek随位移x变化的关系图象如图线 所示，其中图线 是直线，下列说法中正确的是A甲对应的图线是B乙对应的图线是C丙对应的图线是D丁对应的图线是三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在描绘一个标有“6.3V 0.3V”小灯泡的伏安特性曲线的实验中，要求灯泡两端的电压由零渐渐增加到6.3V，并便于操作，已选用的器材有：

8、学生电源（电动势为9V，内阻约1欧）电流表（量程为0-0.6A，内阻约0.2欧；量程为0-3A，内阻约0.04欧）；电压表（量程为0-3V，内阻约3千欧，0-15V，内阻约15千欧）；滑动变阻器，开关一个导线若干(1)画出实验电路图_(2)实验得到的小灯泡I-U图线，由此可知，当小灯泡两端的电压增加时，小灯泡的电阻将_(选变大或变小)(3)根据(2)中的I-U图像，可判断出下面中正确的关系图是（图中P为小灯泡功率）（_）ABCD12（12分）有一个小灯泡上标有“4V、2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的伏安特性图线.现有下列器材供选用:A电压表(0-5V，内阻10k)B电压表(0-15V

9、，内阻20 k)C电流表(0-3A，内阻1)D电流表(0-0.6A，内阻0. 4)E.滑动变阻器(10，2A)F.滑动变阻器(500，1A) G.学生电源(直流6V)、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验，理由_；（2）实验中所用电压表应选_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_.(用序号字母表示)（3）根据实验数据画出的I-U图象如下，从图象看出，电压越高对应的实际电阻值越_，这说明灯丝材料的电阻率随温度的升高而_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，区域I内有与水平方向

10、成角的匀强电场，区域宽度为，区域内有正交的有界匀强磁场B和匀强电场，区域宽度为，磁场方向垂直纸面向里，电场方向竖直向下.一质量为m、电量大小为q的微粒在区域I左边界的P点，由静止释放后水平向右做直线运动，进入区域后做匀速圆周运动，从区域右边界上的Q点穿出，其速度方向改变了，重力加速度为g，求：(1)区域I和区域内匀强电场的电场强度的大小. (2)区域内匀强磁场的磁感应强度B的大小. (3)微粒从P运动到Q的时间有多长.14（16分）如图所示，竖直放置的半圆形绝缘轨道半径为R，下端与绝缘水平面平滑连接，整个装置处于方向竖直向上的匀强电场E中一质量为m、带电量为的物块（可视为质点），从水平面上的A

11、点以初速度v0水平向左运动，沿半圆形轨道恰好通过最高点C，场强大小为E，且,试求：（1）物块经过最高点C的速度为多大？（2）试计算物块在运动过程中克服摩擦力做的功（3）证明物块离开轨道落回水平面的水平距离与场强大小E无关，且为一常量15（12分）用单位长度电阻为r0=0.05/m的导线绕制一个n=100匝、边长a=0.20m的正方形线圈，线圈两端与阻值R=16的电阻连接构成的闭合回路，如图甲所示。线圈处在均匀磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B的大小随时间变化的关系如图乙所示。求：（1）在01.0102s时间内，通过R的电荷量是多少；（2）1分钟内电流通过电阻R所产生的热量。参考答案一

12、、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由库仑定律可得：3F=kq3qr2=3kq2r2；即F=kq2r2；两电荷由于引力，则带异种电荷，当两球接触后再分开平分总电量，故分开后两球的带电量为q；则库仑力F=kq2r2=F，故ABC错误，D正确；故选D。2、C【解析】小球q下滑过程中，沿杆的方向受到重力的分力mgsin和库仑力，两力方向相反，根据库仑定律：F=kQqr2可知，库仑力逐渐增大，由题意可知，库仑力开始时小于mgsin，后来大于mgsin，所以q先做加速度减小的变加速运动，后做加速度增大的变减速运动，当库仑力与

13、mgsin大小相等时速度最大，故A错误；q从先做加速运动后做减速运动，在B点时加速度沿杆向上，所以库仑力大于mgsin，故B错误；从A到B，根据动能定理得：mgLsin+qUAB=0，又UBA=-UAB，可得：UBA=mgLsinq，故C正确；下滑过程，AC间的场强小，CB间场强大，根据U=Ed知，A、C间的电势差值小于C、B间的电势差值，根据电场力做功公式W=qU得知，从A至C电场力做功较小，则电势能的增加量较小，故D错误。所以C正确，ABD错误。3、C【解析】试题分析：根据电场线的疏密程度，判断N点的场强比M点的场强大，故A错误；据场强的定义式知，M点的场强大小为，场强方向的规定知，该点的

14、场强方向与负检验电荷所受电场力方向相反，故C错误；据点电荷的场强公式：知，场源的电荷量越大距离场源相同距离的位置场强越大，电场线越密，由图可知的右侧电场线密，的左侧电场线稀疏，所以的电荷量小于的电荷量，故C正确；据场强由电场本身决定，与检验电荷无关，所以M点处的点电荷电量变为，该处场强不变，故D错误。考点：电场强度【名师点睛】根据电场线的特点，判断M和N的场强、为异种电荷；根据场强的定义式和场强方向的规定判断选项即可。用好用活电场线与场强的关系是解题的关键，此题判断的电荷量的多少关系是难点。4、B【解析】A.根据回旋加速器的原理，每转一周粒子被加速两次，交流电完成一次周期性变化，粒子做圆周运动

15、洛伦兹力提供向心力，则有：解得：粒子做圆周运动的周期：交流电源的频率：解得：可知交流电源的频率不可以任意调节。故A错误；BC.质子加速后的最大轨道半径等于D型盒的半径，洛伦兹力提供向心力，则有：解得粒子的最大运行速度：质子获得的最大动能：解得：可知增大磁感应强度B，粒子被加速后获得的最大动能增大，粒子被加速后获得的最大动能与加速电压无关。故B正确，C错误；D.质子完成一次圆周运动被电场加速2次，由动能定理得：经过的周期个数为：质子在D型盒磁场内运动的时间：则有：所以质子在狭缝内运动的时间：可见U越大，越小；B越大，t越大。故D错误。5、D【解析】飞机在起飞过程中做匀加速直线运动，由，可知x-t

16、图为二次函数数，故AC错误；由，可知v-t图为正比例函数，故B错误，D正确6、B【解析】设AB的距离为r，在A处放电荷量为q的点电荷，在B处放电荷量为Q的点电荷，据库仑定律有：；移去A处电荷，在C处放2q的点电荷，该电荷受到的电场力为：，据同种电荷相斥，异种电荷相吸可知，两力方向相同故选项B正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】行星绕太阳运动时，万有引力提供向心力，设太阳的质量为，行星的质量为，行星的轨道半径为，根据牛顿第二定律有：可得向心加速度为：线速

17、度为：角速度：周期：由题意有金地火，所以有：金地火金地火金地火金地火A.与分析相符，故A正确；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C错误；D.与分析相符，故D正确8、BC【解析】分析小球的受力：受到重力、绳的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物体受到向心力然后用力的合成求出向心力：mgtan，用牛顿第二定律列出向心力的表达式，求出角速度的表达式，分析变化，由表达式判断合力和角速度的变化【详解】A. 小球只受重力和绳的拉力作用，二者合力提供向心力，故A错误；B.小球在水平面做圆周运动，半径R=Lsin，故B正确；C. 向心力大小为：Fn=mgtan，小球做圆周运动的半径

18、为：r=Lsin，则由牛顿第二定律得：mgtan=m2Lsin，得到线速度：v=，越大，cos越小，小球运动的角速度越大，故C正确D. 小球受到的合外力为mgtan，越大，tan越大，合力越大，故D错误；故选BC9、CD【解析】根据qvB=m得，粒子的最大速度v=，则最大动能EKm=知增大动能，需增大D形盒的半径，或增大磁感应强度故CD正确，A、B错误故选CD10、AC【解析】正检验电荷仅在电场力作用下，由静止开始运动，其中甲、乙、丙中正检验电荷沿电场方向运动，丁中正检验电荷静止不动电场力对正检验电荷做功改变其动能，有EqxEk，动能Ek随x的变化率E，而电场强度E随x的变化情况是：甲中E为常

19、数，乙图中E减小，丙图中E增大，所以A、C选项正确，B、D选项错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 变大 BD 【解析】(1)1灯泡正常发光时的电阻为：，该电阻值相对于电压表属于小电阻，所以电流表应采用外接法，且要求灯泡两端的电压由零逐渐增加到6.3V，则滑动变阻器需要分压式，因此实验电路如图所示：(2)2在I-U图象中，各个点与坐标原点的连线的斜率表示电阻的倒数，由图可知，随电压增大，各点与坐标原点的连线的斜率减小，所以可知待测电阻的电阻值增大(3)3由图甲所示图象可知，随电流增大，灯泡电阻R增大，由，可知，随U2增大P-U2图象

20、的斜率减小，故B正确由P=I2R可知，在P-I2图象中图象上某点与原点连线的斜率为电阻R，而电阻R又随I的增大而增大，则P-I2图象的斜率随I2的增大而增大，由图象可知，故D正确，所以选BD12、 电压必须从0开始调节 A D E 大 增大【解析】试题分析：根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器明确伏安特性曲线的性质，知道金属导体的电阻率随温度的变化

21、关系（1）在用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，所以电路图只能选用图甲（2）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用05V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流，故电流表应选择00.6A的量程，故选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（3）I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图可知，电阻应越来越大，原因是金属材料的电阻率随温度的升高而增大；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求