2023学年湖北省武汉市蔡甸区汉阳一中、江夏一中物理高二第一学期期中质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是某导体的IU图线，图中45，下列说法正确的是( )A该导体的电阻与其两端的电压成正比B此导体可能是半

2、导体CIU图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1.0D在该导体两端加6.0V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0C2、如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部热功率Pr随电流I变化的图线若A、B对应的横坐标为2 A，那么线段AB表示的功率及I2 A对应的外电阻是( )A6 W、2 B4 W、2 C2 W、1 D2 W、0.5 3、两相同带电小球，带有等量的同种电荷，用等长的绝缘细线悬挂于 O 点，如图所示，平衡时，两小球相距 r，两小球的直径比 r 小得多，可视为点电荷，此时两小球之间的静电力大小为 F若将两小球的电量同时各减少一半，当他

3、们重新平衡时 A两小球间的距离大于 r/2B两小球间的距离小于 r/2C两小球间的静电力等于 F/2D两小球间的静电力等于 F4、设法维持一段矩形金属导体温度不变，随着加在导线两端的电压减小，则有A金属导体电阻变小B金属导体材质的电阻率变小C导体电流不变D导体内自由电子定向移动的速率减小5、如图所示,两个带有同种电荷的小球,用绝缘细线悬挂于O点,若q1q2,L1L2,平衡时两球到过O点的竖直线的距离相等,则()Am1m2 Bm1q2，L1L2，但两者的库仑力大小相等，则有m1gF1=m2gF2，由于F1=F2，所以m1=m2，故C正确，A、B、D错误；故选C。【点睛】关键是两小球受到的库仑力相

4、等，再根据共点力的平衡条件即可得了两小球偏转角度的关系。6、C【解析】未加磁场时，根据动能定理，有： 加磁场后，多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，但正压力变大，摩擦力变大，根据动能定理，有：因，所以vv，故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：小球下落h，重力势能减少量为EP=mgh，故A错误；小球的动能变化等于合外力做的功，Ek=（mg-F）h=-2mgh，即动能减少了2mgh，故B正确；电场力的做功为W=-Fh=-3mgh，故C错误；小球的加

5、速度方向向上，大小是2g，由牛顿第二定律可得，2mg=F-mg，电场力F=3mg，方向向上；电场力向上，小球向下运动，电场力做负功，电势能增加，EP=Fh=3mgh，故D正确；故选BD考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查对功能关系的理解能力，对于几对功能关系的理解要准确，不能张冠李戴，动能的变化由合力的做功决定，重力势能的变化由重力做功决定电势能的变化有电场力的功决定8、AC【解析】设两个点电荷的电荷量分别为Q1、Q2，它们之间的距离为r，根据库仑定律得：它们之间的库仑力为，保持电荷间的距离不变，使每个点电荷的带电荷量都增大到原来的2倍，则故A正确；点电荷的带电荷量不变，使两点电荷

6、间的距离增大到原来的2倍，它们之间的库仑力，故B错误保持点电荷的带电荷量不变，将两点电荷间的距离减小为原来倍，它们之间的库仑力，故C正确使两点电荷的带电荷量和两点电荷间的距离同时增大到原来的2倍，它们之间的库仑力，故D错误故选AC9、BD【解析】已知灯泡L1、L2额定电压都是110V，额定功率P1=60W，P2=40W，根据功率公式P=U2/R得知，灯泡L1的电阻小于L2的电阻。A图中将此电路接在220V的电路中，灯泡L2被烧毁，通过调节滑动变阻器，灯泡能L1正常发光，故A错误。B图中由于灯泡L1的电阻小于L2的电阻，则L2与变阻器并联的电阻可以与L1的电阻相等，通过调节滑动变阻器，能使两灯的

7、电压等于110V，都能正常发光。故B正确。C图中由于灯泡L1的电阻小于L2的电阻，L1与变阻器并联后的电阻一定小于L2的电阻，则L2的电压大于110V，会被烧毁。故C错误。D图中两灯并联，通过调节滑动变阻器，使变阻器的电阻等于两灯并联的电阻，则两灯都为110V，都能正常发光。故D正确。故选BD。【点睛】并联电路总电阻比每一个支路电阻都小，当用电器的电压等于额定电压时才能正常工作考查电路的基本分析能力10、AC【解析】试题分析：由图知，在t1 时刻线圈的电动势为零，磁通量最大，处于中性面的位置，所以A正确；t2 时刻线圈的电动势最大，故磁通量最小，所以B错误；如图所示，电动势为余弦规律变化，故有

8、效值为所以C正确；一个周期内交变电流的方向改变两次，所以D错误考点：本题考查交变电流三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 0.650 b 2.9 如图所示： 【解析】(1)螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数.(2)根据电路图连接实物电路图.(3)根据实验数据判断电压与电流变化大小，从而确定电压表还是电流表误差较大，进而确定外接法还是内接法，再由欧姆定律，求解电阻.【详解】(1)有电阻的决定式得电阻率为；由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+15.00.01mm=0.650mm；(2)根据图2所示电路图连接实物电

9、路图，实物电路图如图所示：(3)由实验数据可知：,由此可知：,电流表分压较大，为减小实验误差，电流表应采用外接法，即S2处于位置a，根据欧姆定律，则有：；【点睛】本题考查了螺旋测微器读数、求电阻率，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读一位，读数时视线要与刻度线垂直，并掌握电流表内接法与外接法的确定依据.12、变小 变大 变小 变小 【解析】抓住电容器的电荷量不变，根据电容的决定式判断电容的变化，结合判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化；【详解】根据电容的决定式知，上移左极板，正对面积S减小，则电容减小，根据知，电荷量不变，则电势差增大，指针偏角变大；根据

10、电容的决定式知，将极板间距离减小时，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小；根据电容的决定式知，两板间插入一块玻璃，电容增大，根据知，电荷量不变，则电势差减小，指针偏角变小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4, ；（2）87.5%【解析】(1)由题意可知在停车状态下打开车灯时，根据闭合电路欧姆定律有：在打开车灯时行驶,有：代入数据解得R0=4，U=44V(2)打开车灯时行驶,S1、S2均闭合,流经车灯的电流：流过电动机的电流：电动机的输入功率：电动机的发热功率：电动机的输出的机械功率：电动

11、机的效率：答：(1)等效电阻R0=4； (2)行驶时电动机的效率87.5%14、（1）3.92m（2）100m。【解析】（1）当物体的加速度a0时，物体的速度最大，设此时推力大小为F1，则有：F1+mgsinmgcos0F11020 x1解得x13.92m（2）物体在斜面上运动的位移最大时，其速度为零，设物体在斜面上运动的过程中推力F对物体所做的功为w，则由动能定理有：mgxmsinmgxmcos+W0设推力F0时物体到出发点的距离为x2有：1020 x20W解得：xm100m15、（1） （2）【解析】（1）电子在加速电场中，电场力做正功eU0，由动能定理求解电子射出加速电场的速度（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，沿水平方向做匀速直线运动，位移大小等于板长L；竖直方向做匀加速直线运动，刚好从电场飞出时，