江苏省苏州中学园区校2023学年物理高二上期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、磁现象可以为我们的生活提供很大的方便，以下这些做法中，不恰当的是：（ ）A将磁性材料装在冰箱的门框上，制成“门吸”B利用磁铁制成双面擦玻璃器C指南针可以在野外定向D将磁卡或带有磁

2、条的存折放在强磁铁旁2、如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直于纸面向里，一个带电微粒由a点进入电磁场并刚好能沿ab直线向上运动，下列说法正确的是A微粒可能带负电，可能带正电 B微粒的机械能一定增加C微粒的电势能一定增加 D微粒动能一定减小3、电路中，某电子在电源内部从电源一端定向移动到另一端，在此过程中非静电力对该电子做功为W，该电子的电势能变化量为，则（ ）A，B，C，D，4、如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个负的试探电荷在这个电场中仅在电场力作用下运动的轨迹若电荷是从a处运动到b处，以下判断不正确的是（ ）A电荷从a到b加速度减小B电荷从

3、a到b动能减小C电荷从a到b电势能减小D电荷从a到b电势能增加5、汽车在平直公路上行驶，当速度从0增加到v时，合外力做功为W1；速度从v增加到1v时，合外力做功为W1W1与W1之比为A1:1 B1:1 C1:3 D1:46、用力将重物竖直提起，先匀加速上升，再匀速上升。若前后两过程上升的高度相等，则A加速过程中拉力做功与匀速过程中拉力做功一样多B加速过程中拉力做功比匀速过程中拉力做功少C加速过程中重力做功比匀速过程中重力做功多D加速过程中重力做功与匀速过程中重力做功一样多二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，

4、选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图中（a）所示，在光滑水平面上用恒力F拉质量1kg的单匝均匀正方形铜线框，在1位置以速度v03m/s进入匀强磁场时开始计时t0，此时线框中感应电动势为1V，在t3s时刻线框到达2位置开始离开匀强磁场此过程中v-t图象如图（b）所示，则下列正确：A线框右侧的边两端MN间电压为0.25VB恒力F的大小为0.5NC线框完全离开磁场的瞬间位置3速度为2m/sD线框完全离开磁场的瞬间位置3速度为1m/s8、如图所示，离地高 H 处有一质量为 m，带电量为+q 的物体处于电场强度随时间变化规律为 E= E0-kt(E0和 k 均为大于零的常数，水平向左为电场正方向

5、)的均匀电场中，物体与竖直绝缘墙壁的动摩擦因数为，已知qE0mg，t=0 时，将物体从墙上由静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑 h（ hH）时恰好脱离墙面，此时速度大小为 v，最终落在地面上，则A物体落地前做加速度一直增大的加速运动B物体从脱落墙壁到落地前的运动轨迹是直线C物体克服摩擦力做的功等于 mgh-D物体与墙壁脱离的时刻等于 9、如图所示的图象所对应的两个导体(1)电阻之比R1R2(2)若两个导体的电压相等（不为零）时，电流之比分别为（ ）A31B21C13D2310、下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是()A电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦

6、耳热一定越多BWUIt适用于任何电路，而W只适用于纯电阻电路C在非纯电阻电路中，UII2RD焦耳热QI2Rt适用于任何电路三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在探究弹力和弹簧伸长的关系，并测定弹簧的劲度系数。主要实验步骤如下：将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将毫米刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好指在刻度尺上。当弹簧自然下垂时，指针的指示值记作；弹簧下端挂一个砝码时，指针的指示值记作；弹簧下端挂两个砝码时，指针的指示值记作；挂七个砝码时，指针的位置如图所示，指针的指示值记作。已知每个砝码的质量均为50g；测

7、量记录表：(1)实验中，的值还未读出，请你根据上图将这个测量值填入记录表中_。(2)为充分利用测量数据，该同学将所测得的数值按如下方法逐一求差，分别计算出了四个差值：，。根据以上差值，可以求出每增加50 g砝码的弹簧平均伸长量。用、表示的式子为_。(3)计算弹簧的劲度系数_。(取9.8)12（12分）在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R(1)用游标卡尺测金属丝长度时读数如图，则金属丝的长度为_mm；(2)用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图乙，则金属丝的直径为_mm(3)若用图丙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_（选填“偏大”或“偏小”）(4)用电压表和电流表测金属

8、丝的电压和电流时读数如图丁，则电压表的读数为_V，电流表的读数为_ A四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电容器两极板相距为d，两板间电压为U，极板间的匀强磁场的磁感应强度为B1 ，一束电荷量相同的带正电的粒子从图示方向射入电容器，沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，结果分别打在a、b两点，两点间距离为R 。设粒子所带电量为q，且不计粒子所受重力，求：(1)两粒子射入电容器的速度大小。(2)打在a、b两点的粒子的质量之差m。14（16分）电动自行车是一种重要的交通工具，都市中每天

9、有数十万辆电动自行车行驶在大街小巷，形成了一道独特的风景。电动自行车提供能量的装置为装在电池盒内的电池组，当它给电动机供电时，电动机将带动车轮转动。假设有一辆电动自行车，人和车的总质量为120kg。当该车在水平地面上以5m/s的速度匀速行驶时，它受到的阻力约等于人和车总重的0.02倍，此时电池组加在电动机两端的电压为36V，通过电动机的电流为5A。若连接导线的电阻不计，传动装置消耗的能量不计，g取10m/s2。求：（1）电动机输出的机械功率（2）电动机线圈的电阻15（12分）利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E=6V，电源内阻r=1，电阻R=3，重物质量m=111kg，当将重

10、物固定时，理想电压表的示数为2V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为22V，（不计摩擦，g取11m/s2）求：（1）串联入电路的电动机内阻为多大？（2）重物匀速上升时的速度大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据磁现象的应用知，“门吸”和双面擦窗器都是利用了磁体能吸引铁物质制成的，磁带是用磁性材料来记录声音信号的.【详解】利用了磁体能吸引铁物质的性质可以制成门吸，所以A恰当，故A不符合题意；利用了磁体能吸引铁物质的性质可以制成双面擦窗器，所以B恰当，故B不符合题意；指

11、南针可以在野外定向，根据地磁场来定位方向，所以C恰当，故C不符合题意；将磁卡或带有磁条的存折放在强磁铁旁，容易使磁卡或带有磁条的存折失磁，所以D不恰当，故D符合题意。所以选D。【点睛】本题考查了磁现象在生活中的应用，注意磁性物质会使会使一些机械装置发生变化，如使手表不能正常工作，或使视屏幕上的颜色失真等。2、B【解析】试题分析：因为带电微粒进入电磁场后沿ab运动，如果速度大小发生变化，则洛伦兹力的大小一定变化，粒子就不能做直线运动，故所以合力一定等于零，如果带电粒子带正电，则粒子受到的电场力方向向右，洛伦兹力的方向垂直ab指向左下方，合力不可能为零，所以一粒子带负电因为粒子的动能不变，但其重力

12、势能在增大，所以机械能一定在增大，过程中电场力做正功，电势能减小，所以B正确，考点：带电粒子在复合场中的运动点评：带电粒子在重力场、电场、磁场的复合场中，只要是做直线运动，一定是匀速直线运动（v与B不平行）若速度是变的，洛伦兹力会变，合力就是变的，合力与速度不在一条直线上，带电体就会做曲线运动3、A【解析】在电源的内部，非静电力对该电子做正功，即，电子的电势能增加，即，故A正确，BCD三项错误4、C【解析】A、a处电场线较密，则a处电场强度较大，由F=qE知，带电粒子在a处受力较大，则加速度比较大，电荷从a到b加速度减小故A正确B、C、D、合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向左，从a运动

13、到b，电场力做负功，电势能增大，动能减小所以带电粒子在a点的动能大于在b点的动能在b点的电势能大于在a点的电势能故BD正确，C错误本题选择不正确的，故选C5、C【解析】试题分析：由动能定理可知：；同理，故W1：W1=1:3；选项C正确.考点：6、D【解析】AB.加速上升的过程中，拉力大于重力，匀速上升的过程，拉力等于重力，根据知，位移相同，加速过程中的拉力大于匀速过程中的拉力，则加速过程中拉力的功一定大于匀速过程中拉力的功，故A B错误。CD.加速过程和匀速过程中重力相等，位移相等，根据知，重力做功一样多，故C错误，D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个

14、选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】t=0时，线框右侧边MN的两端电压为外电压，总的感应电动势为：E=Bav0，外电压U外=34E=0.75V故A错误；在t=1-3s内，线框做匀加速运动，没有感应电流，线框不受安培力，则有 F=ma，由速度-时间图象的斜率表示加速度，求得a=vt=3-23-1m/s20.5m/s2，则得F=0.5N故B正确由b图象看出，在t=3s时刻线框到达2位置开始离开匀强磁场时与线框进入时速度相同，则线框出磁场与进磁场运动情况完全相同，则知线框完全离开磁场的瞬间位置3速度与t=2s时刻的速度相等，即为2

15、m/s故C正确，D错误故选C点睛：本题要抓住速度-时间图象的斜率表示加速度根据加速度的变化判断物体的受力情况还注意分析线框出磁场与进磁场运动情况的关系，就能正确解答8、ACD【解析】竖直方向上有mg-qE=ma，随着电场强度E的减小，加速度a逐渐增大，当E=0时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，此后电场力增大，重力不变。物体所受的合力增大，加速度也继续增大，故A正确；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线，故B错误；物体从开始运动到脱离墙面电场力一直不做功，由动能定理得： ，解得： ，故C错误；当物体与墙面脱离时电场强度为零，所以E=E

16、0-kt=0，解得时间： ，故D正确。所以AD正确，BC错误。9、AC【解析】因为在IU图象中，R=，所以R1=2，R2=，所以R1:R2=3:1.故A正确；由欧姆定律得I1=U1/R1，I2=U2/R2，由于U1=U2，则I1:I2=R2:R1=1:3.故C正确。故选：AC【点睛】由图象的斜率可求得电阻，则可求得电阻之比；由欧姆定律可求得电压相等时的电流；10、BCD【解析】A电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与做功的时间的长短有关，所以A错误；B公式W=UIt是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路，当为纯电阻电路时，根据欧姆定律，可以推到出W=I2Rt，所以W

17、=I2Rt，只能适用于纯电阻电路，所以B正确。C在不是纯电阻的电路中，UI表示的是总的功率的大小，而I2R只是电路中发热的功率，还有对外做功的功率的大小，所以UII2R，所以C正确；D焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路中的焦耳热量的计算，所以D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、14.05 (14.0314.07) 28 【解析】(1)1毫米刻度尺的最小分度值为1mm，估读到0.1mm，L7的读数为14.05cm .(2)2根据各个差值，可以求出每增加50g砝码的弹簧平均伸长量L，L用d1、d2、d3、d4表示的式子为(3)3据，有

18、：根据胡克定律有m0g=利用数据可求得12、13.55； 0.696； 偏小； 2.60； 0.52； 【解析】（1）题中为20分度游标卡尺，其读数为：13mm+110.05mm=13.55mm；（2）螺旋测微器的读数为：0.5mm+19.60.01mm=0.696mm；（3）把待测电阻与电压表看做一个整体，根据欧姆定律可知，测得的应是待测电阻与电压表内阻的并联电阻，所以测量值比真实值偏小；（4）电流表读数为：I=26格0.02A=0.52A，电压表读数为：U=26格0.1V=2.60V【点睛】（1）20分度游标卡尺，最小精确度为0.05mm，故根据游标卡尺读数为：主尺数+游标尺对齐刻度序号最

19、小精确度，即：13mm+110.05mm=13.55mm；（2）螺旋测微器最小精确度为0.01mm，其读数方法为：主尺数+对齐刻度估读条数最小精度，即0.5mm+19.6条0.01mm=0.696mm；（3）误差分析时，把待测电阻与电压表看成一个整体，根据欧姆定律可知，测得的应是待测电阻与电压表内阻的并联电阻，所以测量值比真实值偏小；（4）电流表每小格数值是0.02A，应进行估读，即估读到0.01A；同理电压表应进行估读，即估读到0.01V，然后根据欧姆定律求解即可四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）UdB1（2）qB1B2dR2U【解析】(1)穿过电容器的粒子满足电场力与洛伦兹力平衡，根据平衡求出粒子运行的速度v；(2)在磁场2中粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供圆周运动向心力，根据半径差的关系式求出粒子的质量差m。【详解】(1) 由于粒子沿直线运动，所以：粒子在电