湖南省长沙市雅礼中学2023学年高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在图的电路中，表示电感器的是（ ）A甲 B乙 C丙 D丁2、下列物理量属于矢量的是（ ）A磁感应强度 B磁通量 C电流强度 D电阻率3、质点在一平面内沿曲线由P运动到Q

2、，如果用v、a、F分别表示质点运动过程中的速度、加速度和受到的合外力，下列图象中可能正确的是( )ABCD4、用伏安法测电阻R，按图中甲图测得的结果为R1，按乙图测得为R2，若电阻的真实值为R，则()AR1RR2BR1RR2CRR1，RR2DR1RR25、假设地球磁场是由地球的环形电流引起的，则该假设中的电流方向是(注：磁子午线是地球磁场N极与S极在地球表面的连线) （ ）A由西向东垂直磁子午线B由东向西垂直磁子午线C由南向北沿子午线D由赤道向两极沿子午线6、电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（）A电动势是一种非静电力B电动势越大，表明电源储存的电能越多C电动势的大小是

3、非静电力做功能力的反映D电动势就是闭合电路中电源两端的电压二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，E 为电池，L 是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2 是两个规格相同且额定电压足够大的灯泡，S 是控制电路的开 关对于这个电路，下列说法正确的是A刚闭合开关 S 的瞬间，通过 D1、D2 的电流大小相等B刚闭合开关 S 的瞬间，通过 D1 的电流小于通过 D2 的电流C闭合开关 S 到电路达到稳定，D1 逐渐熄灭，D2 比原来更亮D电路达到稳定后将开关

4、 S 断开，D2 立即熄灭，D1 闪亮一下再熄灭8、下列说法正确的是( )A多用电表测电压、电流时，红表笔的电势都高于黑表笔的电势B用多用电表测电压、电流和电阻时，都用到了表内的电源C测电阻时，必须把与被测电阻相接的电源分离D测电阻时，两个表笔要与待测电阻接触良好才能测得较准确，因此，应当用两手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起9、如图所示的电路中，电源的电动势和内阻保持不变，下列说法中正确的是（ ）A闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方B越大，路端电压越大C越大，电源的输出功率越大D阻值不同，电源的输出功率可能相同10、如图所示的两种电路中，电源相同，各电阻阻值相等，各电流表

5、的内阻相等且不可忽略不计电流表A1、A2、A3、A4的示数分别为I1、I2、I3、I4.下列关系式中正确的是()AI1I2BI1I4CI22I1DI2I3I4三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属的电阻率”的实验中（1）某同学测量金属丝的直径时螺旋测微器如图甲所示，则该金属丝的直径为d=_mm（2）金属丝的电阻Rx大约是3，实验室提供的电流表A（量程2.5mA，内阻约30）、电压表V（量程3V，内阻约3k）则金属丝、电流表和电压表的连接方式应该采用甲乙两图中的_图12（12分）在测定一组干电池的电动势和内电阻的实验中，教

6、师提供了下列器材：A待测的干电池 B电流传感器1C电流传感器2 D滑动变阻器R(020，2A)E.定值电阻R0(2000) F.开关和导线若干某同学发现上述器材中没有电压传感器，但给出了两个电流传感器，于是他设计了如图甲所示的电路来完成实验.(1)在实验操作过程中，如将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则电流传感器1的示数将_(选填“变大”、“不变”或“变小”).(2)图乙为该同学利用测出的实验数据绘出的两个电流变化图线(-图像)，其中、分别代表两传感器的示数，但不清楚分别代表哪个电流传感器的示数.请你根据分析，由图线计算被测电池的电动势E=_V，内阻r=_.(3)(单选题)用上述方法测出的电池电动

7、势和内电阻与真实值相比_.AE偏大，r偏小 BE偏小，r偏大 CE偏大，r偏大 DE偏小，r偏小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，匀强电场中相距L=0.1m的A、B两点间的电势差V带电量为C的点电荷位于A点时的电势能为J,求:(1)将该电荷从A点移到B点静电力做的功;(2)该电荷在A点时受到的静电力;(3)B点的电势14（16分）如图所示，有一摆长为L的单摆，摆球A自水平位置摆下，在摆的平衡位置与置于光滑水平面的B球发生弹性碰撞，导致后者又跟置于同一水平面的C球发生完全非弹性碰撞假设A、B、C球

8、的质量均为m，重力加速度为g那么(1)A、B球碰后A球的速度为多大？(2)B、C球碰后它们共同的速度多大？(3)B和C碰撞过程中损失的机械能是多少？15（12分）小型直流电动机其线圈内阻为与规格为“4V 4W”的小灯泡并联,再与阻值为的电阻串联,然后接至的电源上,如图所示,小灯泡恰好正常发光,电动机正常工作,求：（1）电动机的发热功率？ （2）如果在正常工作时,转子突然被卡住,求此时电动机中的电流？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】图中甲是电源；乙是电键；丙是电阻；丁是电感器；故选D.2、A【解析】矢量

9、是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。【详解】矢量是既有大小又有方向的物理量，磁感应强度是矢量，而标量是只有大小没有方向的物理量，电流强度、电阻率和磁通量都是标量，故A正确，B、C、D错误。故应选：A。【点睛】对于矢量与标量，要掌握它们之间的区别：矢量有方向，标量没有方向；同时注意矢量的运算应符合平行四边形定则。3、D【解析】解：A、物体做曲线运动，物体的速度的方向是沿着轨迹的切线方向的，所以A错误；B、物体受到的合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，并且合力的方向和加速度的方向是相同的，所以加速度的方向也是指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可以判断BC错误，D正确；故选D【点评

10、】根据物体的运动轨迹来判断受到的合力的方向，合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，这是解决曲线运动的时候经常用到的知识点4、A【解析】甲图接法：电压表的示数为R两端的电压和安培表两端的电压之和，即U=UR+UA 电流表的示数I是通过R的真实值，则故R1R；乙图接法：电流表的示数为通过电阻的电流和电压表的电流之和，即 I=IR+IV 电压表的示数U是R两端电压的真实值，则故RR2则得R1RR2；AR1RR2，与结论相符，选项A正确；BR1RR2，与结论不相符，选项B错误；CRR1，RR2，与结论不相符，选项C错误；DR1RR2，与结论不相符，选项D错误；5、B【解析】地磁场的N极朝南，根据安培定则，

11、大拇指指向地磁体的N极，四指的绕向即为电流的方向，即电流方向应该是由东向西垂直磁子午线，选项B正确。6、C【解析】电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故A错误；电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误C正确；电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误【点睛】电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物

12、理量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】AB开关S刚闭合瞬间，由于自感线圈相当于断路，所以两灯是串联，电流相等，故A正确，B错误；C稳定后，线圈相当于导线把灯D1短路，D1熄灭，回路中总电阻减小，电流增大，D2比S刚闭合时亮，故C正确；DS闭合稳定后再断开开关，D2立即熄灭，但由于线圈的自感作用，L相当于电源，与D1组成回路，D1闪亮一下然后过一会再熄灭，故D正确；故选ACD8、AC【解析】A. 多用电表测电压、电流时，电流由外部电源提供，红表笔的电势都

13、高于黑表笔的电势，故A正确。B. 用多用电表电阻时，用到了表内的电源，测电压、电流时，没有用到表内的电源，故B错误。C. 测电阻时，必须把与被测电阻相接的电源分离，故C正确。D. 测电阻时，两个表笔要与待测电阻接触良好才能测得较准确，但不能用两手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起，因人体也是一电阻，故D错误。9、BD【解析】闭合电路中，电流在外电路是从电势高的地方流向电势低的地方，内电路是从低电势的地方流向高电势的地方，选项A错误；根据闭合电路的欧姆定律，U=E-Ir可知，R越大，I越小，则路端电压U越大，选项B正确；电源的输出功率，可知当时，即R=r时电源的输出功率最大，可知当电阻R从R=

14、r增大或减小时，输出功率均减小，即R越大，电源的输出功率不一定越大，选项C错误；当输出功率相同时满足：，化简可得，即满足时，电源的输出功率相同，选项D正确。10、BD【解析】A、由于电流表的内阻不可忽略不计，和R串联这一路电流小于R的电流，所以，故AC错误；B、设电流表的内阻为r，左图中外电路总电阻为：，右图中，外电路总电阻为：，根据数学知识得到，根据串联电路分压规律知，左图中并联电路的电压小于右图中路端电压，则，所以左图中干路电流小于右图中干路电流，即有，故BD正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.721mm（1.721mm1.

15、723mm都正确）； 乙 【解析】（1）由图所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为1.5mm，可动刻度示数为22.10.01mm=0.221mm，螺旋测微器的示数为1.5mm+0.221mm=1.721mm（2）由题意可知，则电流表应采用外接法，应选图乙所示电路图【点睛】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时需要估读当电压表内阻远大于待测电阻阻值时用电流表外接；12、 (1)变小； (2)3.0， 2.0； (3)D 【解析】（1）滑动变阻器在电路中应起到调节电流的作用，滑片P向右滑动时 R值减小，电流传感器2的示数变大，电流传感器1的示数变小（2）由闭合电路欧

16、姆定律可得：I1R0=E-（I1+I2）r变形得： 由数学知可得：图象中的 ；b=；由图可知：b=1.50；k=110-3=110-3； 故解得：E=3V，r=2；（3）本题中传感器1与定值电阻串联充当电压表使用； 本实验中由于电流传感器1的分流，使电流传感器2中电流测量值小于真实值，而所测量并计算出的电压示数是准确的，当电路短路时，电压表的分流可以忽略不计，故短路电流为准确的，则图象应以短流电流向左下移动，故图象与纵坐标的交点减小，图象的斜率减小，故电动势减小，内阻小于真实值，故选D；点睛：本题根据实验原理分析误差产生的原因，并根据误差的大小选择实验电路，可见，实验原理是实验的核心，要理解并掌握牢固； 同时注意正确分析电表内阻的影响四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) (3)【解析】（1）该电荷从A点移到B点静电力做的功 （2）电场强度 电场力 （3）A点电势 B点电势14、 (1) (2) (3)【解析