2023学年云南省澄江县第一中学物理高二第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,R1、R2为定值电阻,L为小灯泡,R3为光敏电阻(其电阻随光照增强而减小),当照

2、射光强度增大时 ( )A电压表的示数减小B电源的输出功率可能变大C小灯泡的功率减小D电路的路端电压增大2、如图所示，P是固定的点电荷，虚线是以P为圆心的两个圆.带电粒子Q在P的电场中运动，运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点.若Q仅受P的电场力作用，其在a、b、c点的加速度大小分别为aa、ab、ac，速度大小分别为va、vb、vc，则（ ）Aaaabac，vavcvb Baaabac，vbvcvaCabacaa，vbvcva Dabacaa，vavcvb3、两个分别带有电荷量Q和+5Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处,它们间库仑力的大小为F，两小球相互接

3、触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（ ）ABCD4、如图,由相隔一定距离的两个固定的点电荷形成的电场中,有三条相距较近的等差等势线K、L、M,其中L为直线,等势线的形状关于BC和AC对称。A在K上,B、C在L上。下列说法正确的是()A该电场是由等量同种点电荷形成的BA、B、C三点的电场强度方向相同C将同一试探电荷分别放在A、B、C三点,电荷在C点受到的电场力最大D将同一试探电荷分别放在A、B、C三点,电荷在A点具有的电势能最大5、用图甲所示的电路来测量电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的U-I图像，由图像可知（ ）。电池电动势的测量值是1.4电池内阻的测量值是3.5外

4、电路发生短路时的电流为0.40A电压表的示数为1.2V时，电流表的示数为I=0.20AABCD6、在图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时 () A伏特表V读数增大，电容C的电荷量在减小B安培表A的读数增大，电容C的电荷量在增大C伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小D伏特表V的读数减小，安培表A的读数增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某娱乐场所有大圆球内的摩托车表演，可简化为竖直平面内固定的圆形轨道，驾驶员与摩托车总质量为m，在其内侧做圆周运动，

5、当以速度v通过最高点时，恰好对轨道没有压力，经过轨道最低点时速度大小为2v，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）A圆形轨道半径为gv2B在轨道最高点的加速度大小为gC在轨道最低点受到轨道的支持力大小为4mgD在轨道最低点受到轨道的支持力大小为5mg8、设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，则下列说法正确的是（ ）A保持S不变，增大d，则变大B保持d不变，减小S，则变小C用手触摸极板B，则变大D在两板间插入电介质，则变小9、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图

6、乙所示。当开关闭合后，下列判断正确的是()A灯泡L1的电阻为12B灯泡L1消耗的电功率为0.75WC灯泡L2消耗的电功率为0.30WD通过灯泡L1的电流为灯泡L2的电流的2倍10、如图所示，某同学在研究电子在电场中的运动时，得到了电子由a点运动到b点的轨迹（图中实线所示），图中未标明方向的一组虚线可能是电场线，也可能是等势面，则下列说法正确的判断是A如果图中虚线是电场线，电子在a点电势能较小B如果图中虚线是等势面，电子在b点电势能较大C不论图中虚线是电场线还是等势面，a点的加速度都大于b点的加速度D不论图中虚线是电场线还是等势面，a点的电势都高于b点的电势三、实验题：本题共2小题，共18分。把

7、答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图甲为某同学测绘额定电压为2.5 V的小电珠的IU图线实验电路图(1)根据电路图，用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接成完整实验电路(2)开关S闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应该置于_(选填“A端”、“B端”或“AB正中间”)12（12分）某G表的内阻是，满刻度电流值是，现欲把该电流表改装成量程为1.0 V的电压表，应该_（填“串”或“并”）联一个_的电阻，若用两个相同的G表改装成量程为3 V和15 V的两个电压表，将它们串联接入电路中，指针偏角之比为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写

8、出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在竖直的井底，将一物块以11m/s的速度竖直地向上抛出，物块到达井口时被人接住，在被人接住前1s内物块的位移是4m，位移方向向上，不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）物块从抛出到被人接住所经历的时间；（2）此竖直井的深度14（16分）如图所示的电路中，电源电动势为12V，电源内阻不计，电路中的电阻R0为2.5，闭合开关S后，电动机正常工作，理想电流表的示数为2.0A。若转子被卡住后，该电流表的示数变为4.0A，求：(1)电动机M的内阻;(2)电动机正常工作时的输出功率.15（12分）某同学在实验室找了一个电流表.一个电池、一个定值电阻，串

9、联起来后两端接上红黑表笔，当做欧姆表使用（如图所示) ，两个表笔直接接触时，电流表读数为6.0mA: 两支表笔接在150的电阻两端时。电流表读数为3.75mA，现把表笔与一个未知电阻连接，电流表读数为5mA，这个未知电阻多大? 参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由光敏电阻的性质分析电路中电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中总电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化，同时还可得出路端电压的变化以及各部分电压和电流的变化；【详解】A、当光照强度增大，故光敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，由闭合

10、电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故R1两端的电压增大，电压表的示数增大，故A错误；B、当电源的内阻和外电路总电阻相等时，电源的输出功率最大，光照强度增大后，外电路总电阻减小，可能趋近于电源内阻，故电源的输出功率可能变大，故选项B正确；C、因电路中总电流增大，故内电压增大，路端电压减小，同时两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，则流过的电流减小，由于总电流增大，则流过灯泡的电流一定增大，故由可知，小灯泡消耗的功率增大，故CD错误【点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行，分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质2、D【

11、解析】试题分析：根据kQqr2=ma可知，因为rbrcacaa；因电荷只有电场力做功，故电势能和动能之和守恒，因电荷在a点的电势能最小，b点的电势能最大，故a点的动能最大，b点的动能最小，即vavcvb，故选D考点：带电粒子在电场中的运动3、C【解析】相距为r时，根据库仑定律得：；接触后，各自带电量变为2Q，则此时,两式联立得F=，故选C4、B【解析】根据电场线的特点，这两点电荷是两个等量异种电荷故A错误；根据电场线的分布可知，A、B、C三点的电场强度方向相同，均为水平方向，选项B正确；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大；而在两电荷的连线上，中点的电场线最稀疏，场强最小，故A点

12、场强最大，电荷在A点的电场力最大，选项C错误；因不知道等量异种电荷在两边的位置，故无法判断A点电势的高低，也就无法知道电势能的大小，选项D错误；故选B.点睛：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题5、B【解析】由图示图象可知，电源U-I图象与纵轴交点坐标值为1.4，则电源的电动势1.4V，正确；电源内阻，错误；由图示图象可知，路端电压为1.00V时，电路电流为0.4A，而短路时，路端电压为0，错误；当电压表示数为1.2V时，正确；A根据分析正确，A错误；B

13、根据分析正确，B正确；C根据分析正确，C错误；D根据分析正确，D错误；6、D【解析】本题考查的是电路动态变化分析问题，通常按照“部分整体部分”的顺序进行分析，也可根据结论分析变阻器中电流的变化：只要变阻器接入电路的电阻减小，通过其电流必定增大。当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时，先分析变阻器电阻的变化，得到总电阻的变化，分析总电流的变化，判断出路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化再根据并联部分电压的变化和总电流的变化，分析电流表读数的变化。【详解】当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，则路端电压减小，所以伏特表V的读数减小。根据串联电路分压特

14、点可知，电路中并联部分分压减小，通过的电流减小，而总电流增大，所以通过电流表的电流增大，即安培表A的读数增大。由于并联部分电压减小，电容器板间电压减小，由可知，电容C的电荷量在减小，故ABC错误，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A根据牛顿第二定律可得：可得圆形轨道半径为故A错误；B最高点重力完全提供向心力，根据牛顿第二定律可得：mg=ma解得a=g故B正确；CD摩托车在最低点：根据牛顿第二定律可得：解得：F=5mg故C错误，D正确。8、

15、AD【解析】试题分析：保持S不变，增大d，由电容的决定式C=S4kd可知电容C减小，Q不变，再由电容的定义式C=QU分析得知，板间电压增大，则变大，故A正确保持d不变，减小S，电容C减小，Q不变，由C=QU分析得知，板间电压增大，则变大，故B错误用手触摸极板B，电容器带电量Q减小，C不变，电容的定义式C=QU分析得知，板间电压减小，则变小，故C错误在两板间插入电介质，电容C增大，Q不变，由C=QU分析得知，板间电压减小，则变小，故D正确故选AD考点：电容器的动态分析【名师点睛】对于电容器的动态分析问题，关键抓住电容的两个公式：电容的决定式C=S4kd和电容的定义式C=QU。9、ABC【解析】当

16、开关闭合后，灯泡L1的电压等于3V，由图读出其电流，由欧姆定律求出电阻，并求出其电功率，灯泡L2、L3串联，电压等于1.5V，由图读出电流，求出电功率；【详解】A、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图乙读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1=U1I1=30.25=12，功率P1=U1I1=0.75W，故AB正确；C、灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图乙读出其电流I2=I3=0.20A，则I1=1.25I2， 灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1.50.20W=0.30W，故C正确，D错误。【点睛】本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的

17、电压，读图能力是基本功。10、AC【解析】A、若虚线是电场线，从轨迹弯曲方向可知电场力沿着电场线向左，ab曲线上每一点的瞬时速度与电场力方向均成钝角，故电子做减速运动，在a处动能最大，电子在a点电势能较小，故A正确；B、若虚线为等势面，根据等势面与电场线处处垂直可大致画出电场线，显然可看出曲线上每个位置电子受到的电场力与速度成锐角，电子加速运动，故b处动能最大，电子在b点电势能较小，故B错误；C、不论图中虚线是电场线还是等势面，电场线的密集程度与等势面密集程度等价，由电场线的密集程度可看出a点的场强较大，a点的加速度都大于b点的加速度，故C正确；D、若虚线是等势面，从电子曲线轨迹向下弯曲可知电

18、场线方向垂直虚线向上，沿着电场线方向电势越来越低，故a点电势较小，故D错误；故选AC【点睛】无论虚线代表的是电场线还是等势面，粒子受到的电场力的方向都是指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可以判断粒子的受力的方向和运动方向之间的关系，从而可以确定电场力对粒子做的是正功还是负功三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A端【解析】（1）按电路图连接如图所示。注意因为小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程为3V，电流表的量程为0.6A。（2）实验前应该将滑动变阻器的触头滑到A端，使加在小灯泡两端的电压由0逐渐增加，保护电流表和电压表的安全。12、串 1800 11 【解析】12 改装成电压表要串联电阻分压，串联阻值为3若用两个相同的G表改装成量程为3 V和15 V的两个电压表，将它们串联接入电路中，则流过两表头电流相同，所以指针偏角相同，指针偏角之比为1：1。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)1.2s(2)6m【解析】（1）设人接住物块前1 s时刻速度为v则有h=vt-gt2即4 m=v-10