2023学年安徽省皖西南联盟高二物理第一学期期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、近年来，农村光伏项目得到大力发展。如图，我市某户居民在楼顶安装了60平米的多晶硅光伏发电系统。据了解，该系统组件设计要求为每平米发电功率150W，实际发电功率约为设计功率的70%。其中发电总量的30%供自家使用，还有富余发电以0.7元/度的价格并入国家电网。2018年衢州地区每天平均有效日照时间为3.8h，关于该户居民所安装的发电系统，下列说法正确的是（）A平均每天的发电量大约可供一盏15W的节能灯使用600hB2018年发电总量约1.2104KWhC富余发电的年平均收入约为4

3、280元D容易造成光污染，不适合在农村推广2、如图所示，一个质量为0.18kg的垒球，以25m/s的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01s下列说法正确的是（）球棒对垒球的平均作用力大小为1260N 球棒对垒球的平均作用力大小为360N 球棒对垒球做的功为126J 球棒对垒球做的功为36JA B C D3、在下图右图中，甲、乙两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法不正确的是( ）A甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表的内接法B甲图中电阻测量值大于真实值，乙图中电阻测量值小于真实值C甲图中误差由电压表分流引起，为了减小误差，

4、应使R qcDqa rb，粒子速度相同，则有qamaqbmb，又由于a、c粒子质量未知，所以无法确定a、c粒子所带的电荷量大小，故C、D错误；故选A。【点睛】关键是b粒子做直线运动，表明b粒子不受洛伦兹力，b粒子不带电，根据a、c粒子的偏转方向，由左手定则可判断其带电性。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AB.设P点的电势为0，则根据公式W=Uq可知，电场力做正功，所以A点的电势为A=1.6108J/q，B点的电势为B=3.2108J/q；因为D是PB的

5、中点，故D点的电势为D=(P+B)/2=1.6108J/q，故C点的电势为C=(A+B)/2=2.4108J/q，所以PC不是等势线，AD是等势线，故A错误； B正确；C.若将该粒子从B点移动到A点，电场力做功WBA(BA)q=1.6108J，故C错误，D.若将该粒子从P点移动到C点，电场力做功为WPC(PC)q=2.4108J故D正确8、ABC【解析】考点：带电粒子在匀强电场中的运动；物体做曲线运动的条件；动能定理；电势；电势能分析：由带电微粒的动能变化确定在A、B两点的电势能的大小关系，判断出A、B两点电势的高低根据沿电场线方向电势是降低的，得出电场线的方向由运动方向和所受电场力的方向判断

6、微粒的运动轨迹解答：解：由动能定理可知WE=EK=-0.1J；可知粒子受到的电场力做负功，故粒子电势能增加，B点的电势高于A点电势；而电场线由高电势指向低电势，故电场线向左，故B正确；AB两点的电势差UAB=WEq=-10V，则UA-UB=10V解得UB=0V；故A正确；若粒子沿轨迹1运动，A点速度沿切线方向向右，受力向左，故粒子将向上偏转，故C正确；若粒子沿轨迹2运动，A点速度沿切线方向向右上，而受力向左，故粒子将向左上偏转，故D错误；故选ABC点评：物体做由线运动时，运动的轨迹应夹在初始速度及合外力方向的中间；9、BD【解析】A根据电势能与电势的关系：，场强与电势的关系：，得：，由数学知识

7、可知图象切线的斜率等于，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，A错误；BC由图看出在0 x1段图象切线的斜率不断减小，场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动。x1x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动。x2x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，B正确C错误；D根据电势能与电势的关系：，粒子带负电，q0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：，又知0处和处对称，所以有，D正确。10、AD【解析】选择水平向右为正，两滑块碰前总动量说明系统总动量为0。AA向左运

8、动，B向右运动，总动量可能为0，A正确；BA静止，B向右运动，总动量不为0，B错误；CA和B都向左运动，总动量不为0，C错误；DA和B都静止，总动量为0，D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B AD D 0.51（0.50-0.53） 否 【解析】(1)1为了打点计时器能在纸带上打点，纸带应放在复写纸下方同时穿过限位孔，故B正确；(2)2A做“探究小车速度随时间变化的关系”实验时，可将轨道不带滑轮一端适当垫高，让小车做加速运动，故A正确；B做“探究小车速度随时间变化的关系”实验时，小车每次不一定从同一点释放，故B错误；

9、C平衡摩擦力的方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响，即式子成立与质量无关，故改变质量后不需重新进行平衡，故C错误；D做“探究功与速度变化的关系”实验时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑板平行，故D正确。故选AD；(3)3由于实验中还要测量纸带上各点间的距离，则还要刻度尺，由于打点计时器为电火花计时器，所以不用学生电源，也不用秒表，由于“探究小车速度随时间变化的关系”不用测量质量，所以也不用天平和砝码，故选D；4根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，则有由于误差(0.500.53)m/s均可；(4)5当小

10、车受到的合力一定时，通过改变小车的位移，从而改变合力做功，同时测出小车对应的速度，则可以探究功与速度变化的关系，说明不平衡摩擦力也可以进行。12、 A1 R1 增大 11【解析】小灯泡的额定电压为3.8V，小灯泡的额定电流为0.3A，从安全和精确度方面考虑，所以电流表量程选0500mA的A1；想要描绘小灯泡L的伏安特性曲线，电压从0开始，滑动变阻器要分压式连入电路，滑动变阻器电阻要选小的，故选电阻为10的滑动变阻器R1；小灯泡的阻值比较小，电流表要外接，电压从0开始，滑动变阻器要分压式连入电路，电路图为由图可知，随着电压的增加，小灯泡的电阻逐渐增大，当小灯泡上的电压为3.00V时，小灯泡的电阻

11、是四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4107m/s（2）0.75m【解析】（1）电子在加速电场中加速，由动能定理得：eU1=mv02-0，代入数据解得：v0=4107m/s；故电子进入偏转电场的速度：v0=4107m/s； （2）电子在偏转电场中做类平抛运动，在水平方向：l=v0t1，在竖直方向上：由牛顿第二定律得：，飞出电场时偏转量为：y1=at12代入数据解得：y1=0.25cm； 设电子从偏转场穿出时，沿y方向的速度为vy，穿出后到达屏S所经历的时间为t2，在此时间内电子在y方向移动的距离为y2，有：

12、vy=at1 运动时间：t2=，竖直位移：y2=vyt2，故电子到达屏S上时，它离O点的距离：y=y1+y2，代入数据解得：y=0.75cm；【点睛】解决本题的关键是搞清楚每一过程做的是什么运动，然后根据运动的合成与分解进行求解，注意牛顿第二定律与运动学公式综合求解是本题解决的重点.14、（1）1.65N（2）0.85m【解析】（1）由题意可知，小球进入电场前做自由落体运动，设下落的高度为h，到达C的速度为vC，由题意可得： （1）小球进入电场后做圆周运动，从A点运动到C点过程由动能定理可得： （2）可得：vC=5m/s （3）设到达C时轨道对小球的支持力为N，由受力分析可得： （4）由牛顿第三定律可得小球对轨道的压力大小为N=N=1.65N（5）（2）设小球经过B点后上升的最大高度为h，小球从C点经过B点上升到最高点的过程中，由机械能守恒定律可得： （6）代入数据可得：h=0.85m（7）点睛：本题考查了动能定理和牛顿第二定律的综合运用，知道小球在最低点C的向心力来源，结合牛顿第二定律进行求解15、（1）1.15m，3.75m；（1）