2023学年广东省广州市第二中学高二物理第一学期期中调研试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、质量和电荷量都相等的带电粒子M、N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（）AM 带正电，N 带负电BM 的速率小于 N 的速率CM 的运行时间等于 N 的运行时间DM 的运行时间大于 N 的运行时间2、如图所示，匀强磁场中垂直放置一通电直导线，关于导线在此磁场中受到的安培力，下列判断不正确的是( )AF方向向上BF大小与电流大小有关CF大小与磁感应强度大小有关DF大小与导线在磁场中的长度有关3、铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A电源将1C的正电荷从正极移至负极的过程中，2J的化学能转变为电能B电源将1

3、C的正电荷从负极移至正极的过程中，2J的化学能转变为电能C蓄电池在1s内将2J的化学能转变为电能D蓄电池比干电池（电动势为1.5V）体积大，故电动势高4、如图所示，当滑动变阻器滑动头P向右移动过程中，电流表和电压表的示数变化情况正确的是AIA减小，UV增大BIA减小，UV减小CIA增大，UV减小DIA增大，UV增大5、如图所示,垂直纸面向里的匀强磁场的区域宽度为2a,磁感应强度的大小为B一边长为a、电阻为4R的正方形均匀导线框CDEF从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域,在图乙中给出的线框EF两端的电压UEF与线框移动距离x的关系图象正确的是( )ABCD6、如图所示，水平放置的

4、平行金属板充电后板间形成匀强电场，板间距离为d，一个带负电的液滴带电量大小为q，质量为 m，从下板边缘射入电场，沿直线从上板边缘射出，则： （ ）A液滴做的是匀加速直线运动B液滴做的是匀减速直线运动C两板的电势差为mgd/qD液滴的电势能增加了mgd二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、图中实线是一簇等差等势面，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b 是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是A带电粒子所带电荷的电性B带电

5、粒子在 a、b 两点的加速度大小何处更大C带电粒子在 a、b 两点的速度何处较大Da、b 两点的电势何处较大8、如图所示，矩形区域ABCD内存在竖直向下的匀强电场，两个带正电的粒子a和b以相同的水平速度射入电场，粒子a由顶点A射入，从BC的中点P射出，粒子b由AB的中点O射入，从顶点C射出若不计重力，则Aa和b在电场中运动的时间之比是12Ba和b在电场中运动的时间之比是21Ca和b的荷质比（即粒子的电荷量与质量之比）是18Da和b的荷质比（即粒子的电荷量与质量之比）是819、如图所示的电路，电源电压U=3.0V，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的I-U特性曲线如右图所示当开关

6、闭合后，下列关于电路中灯泡的说法中，正确的是( )A灯泡L1消耗的电功率为0.30WB灯泡L1的电阻为7.5C灯泡L3的电阻为12D三灯泡消耗的总电功率为0.90W10、用电动势为E、内阻为r的电源对外电路供电，下列判断中正确的是( )A电源短路时，路端电压为零，电路电流达最大值B外电路断开时，内电压为零，路端电压也为零C路端电压增大时，流过电源的电流一定减小D路端电压增大时，电源的效率一定增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学设计了一个用电磁打点计时器验证动量守恒定律的实验:在小车M的前端粘有橡皮泥,先推动小车M使之做匀

7、速运动,然后与原来静止在前方的小车N相碰并粘合成一体,继续做匀速运动。他设计的装置如图甲所示。在小车M后连着纸带,电磁打点计时器所用的电源频率为50 Hz。(长木板下垫着小木片以平衡摩擦力)(1)若已测得打点纸带如图乙所示,并测得各计数点的间距(已标在图上)。A为运动的起点,则应选_段来计算M碰前的速度,应选_段来计算M和N碰后的共同速度(以上两空选填“AB”“BC”“CD”或“DE”)。(2)已测得小车M的质量m1=0.4 kg,小车N的质量m2=0.2 kg,则碰前两小车的总动量为_ kgm/s,碰后两小车的总动量为_ kgm/s。据此可以得出结论_。12（12分）某同学为了测定一只电阻的

8、阻值，采用了如下方法：用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率，分别为“1 k”、“100”、“10”、“1”该同学选择“100”倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大(指针位置如图虚线所示)为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：a_.b两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0 ”处c重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示在长为2L的绝缘轻质细杆的两端各连接一个质量均为m的带电小球A和B（可

9、视为质点，也不考虑二者间的相互作用力），A球带正电、电荷量为+2q，B球带负电.电荷量为-3q.现把A和B组成的带电系统锁定在光滑绝缘的水平面上，并让A处于如图所示的有界匀强电场区域MPQN（边界MPNQ也在电场内）内.已知虚线MP是细杆的中垂线，MP和NQ的距离为4L，匀强电场的场强大小为E，方向水平向右.现取消对A、B的锁定，让它们从静止开始运动.（忽略小球运动中所产生的磁场造成的影响） (1)求小球A、B运动过程中的最大速度；(2)小球A、B能否回到原出发点？若不能，请说明理由；若能，请求出经过多长时间带电系统又回到原地发点.14（16分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极

10、板长L60 cm，两板间的距离d30 cm，电源电动势E36 V，内阻r1 ，电阻R09 ，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球(可视为质点)从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v06 m/s水平向右射入两板间，小球恰好从A板右边缘射出已知小球带电荷量q2102 C，质量m2102 kg，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)带电小球在平行金属板间运动的加速度大小；(2)滑动变阻器接入电路的阻值15（12分）如图所示，在水平方向的匀强电场中有一表面光滑、与水平面成45角的绝缘直杆AC，其下端（C端）距地面高度h0.8 m。有一质量为500 g的带电小环套在直杆上，正以某一速度沿杆匀速

11、下滑。小环离杆后正好通过C端的正下方P点处。（g取10 m/s2）求：小环在直杆上匀速运动速度的大小v0。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、由左手定则可知：M带负电荷，N带正电荷。故A错误B、带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=mv2r，解得：r=mvqB，由图可右N的半径小于M的半径，所以M的速率大于N的速率。故B错误CD、粒子在磁场中运动半周，即时间为其周期的一半，而周期为T=2mqB，与粒子运动的速度无关，所以M的运行时间等于N的运行时间，故C正确。

12、D错误2、A【解析】如图可知，通电导线与磁场垂直，由左手定则可知，安培力向下，故A错误；由F=BIL可知，F与电流、磁感应强度、导线的长度有关，故BCD正确；本题要求选择不正确的，故选A.3、B【解析】铅蓄电池的电动势为2V，表示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J，不是将正电荷从正极移至负极，故A错误，B正确；铅蓄电池的电动势为2V，表示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J，即电能增加2J，与时间无关，故C错误；电源的电动势是表示电源将其它形式的能转化为电能的本领，铅蓄电池的电动势比一节干电池的电动势大，与二者的体积大小无关

13、，故D错误。4、A【解析】滑动变阻器滑动头P向右移动，R2接入电路电阻增大，电路总电阻增大，电路总电流I减小，电源内电压减小，电源外电压U增大；电阻R4的电流I4=I减小，电阻R4两端的电压U4减小；电阻R1和R3两端的电压U13=U-U4增大，流过R1和R3的电流I13增大，电阻R3两端的电压U3增大，电压表示数UV增大；流过R2的电流I2=I-I13减小，电流表示数IA减小。故A项正确，BCD三项错误。【点睛】电路动态分析问题，按局部到整体，再对局部分析各元件上电压或电流的变化。灵活应用闭合电路的欧姆定律，电动势、路端电压和内电压关系，串并联电路的电压电流关系是解决动态电路的关键。5、D【

14、解析】由楞次定律判断可知，在线框穿过磁场的过程中，E的电势始终高于F电势，则UEF为正值；EF和CD边切割磁感线时产生的感应电动势为EBav，在0a内，EF切割磁感线，EF的电压是路端电压，则UEF；在a2a内，线框完全在磁场中运动，穿过线框的磁通量没有变化，不产生感应电流，则UEFEBav；在2a3a内，E、F两端的电压等于路端电压的，则UEFBav故D正确6、C【解析】液滴进入竖直方向的匀强电场中，所受的电场力方向竖直向上或竖直向下，因为微粒做直线运动，可知电场力方向必定竖直向上，而且电场力与重力平衡，液滴做匀速直线运动；故A、B错误；液滴进入竖直方向的匀强电场中，重力做功-mgd，微粒的

15、重力势能增加，动能不变，根据能量守恒定律得知，微粒的电势能减小了mgd；故D错误；液滴从下极板运动到上极板的过程中，由动能定理有，可得；故C正确【点睛】本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键是分析受力情况，判断出粒子做匀速直线运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AD、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，无法确定粒子在a、b 两点的电势何处较大，故A、D错误；B、根据电场线的疏密与

16、电场强度的强弱的关系，判断出a点的电场强度大，故a点的电场力的大，根据牛顿第二定律可知，带电粒子在a点的加速度比b点的加速度大，故B正确；C、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，从a到b电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，速度减小，所以a点速度大于b点速度，故C正确；故选BC。【点睛】粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性；根据电场线的疏密可以判断电场强度的强弱，进而判断电场力的大小；根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化，当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动

17、能减小。8、AD【解析】试题分析：粒子水平方向上做匀速直线运动，a、b两粒子的水平位移之比为2：2，根据x=v0t，知时间比为2：2选项A正确，B错误；粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，根据y=at2知，y之比为2：2，则a、b的加速度之比为8：2根据牛顿第二定律知，加速度，加速度之比等于电荷量与质量的比值之比，则两电荷的比荷之比为8：2故D正确，C错误故选AD考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】解决本题的关键知道粒子在垂直于电场方向和沿电场方向上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解9、ABC【解析】AB、由题意，电源电动势为3.0V，内阻不计，则知L3的电压U3=E=3V，L

18、2、L1的电压均为，由小灯泡的伏安特性曲线读出L1的电流为I1=0.20A，则其电阻为，灯泡L1消耗的电功率为，故A、B正确；C、由小灯泡的伏安特性曲线读出L3的电流为I3=0.25A，则其电阻为，故C正确；D、灯泡L3消耗的电功率为，灯泡L2消耗的电功率等于灯泡L1消耗的电功率，所以三灯泡消耗的总电功率，故D错误；故选ABC【点睛】关键是知道电源电动势为3.0V，内阻不计，则知三个灯泡两端的电压，由小灯泡的伏安特性曲线读出三个灯泡的电流，由求出电阻，根据P=UI求出功率10、ACD【解析】电源短路时，外电阻为零，所以路端电压为零，电路电流达最大值，A对；外电路断开时，内电压为零，路端电压等于

19、电源电动势，B错；路端电压增大时，内电压一定减小，则流过电源的电流一定减小，C对；路端电压增大时，路端电压与电源电动势的比值变大，电源的效率变大，D对思路分析：理解短路和断路的问题，根据闭合电路欧姆定律路端电压增大说明总电阻增大，所以总电流减小，电源效率是指路端电压与总电动势的比值试题点评：考查闭合电路欧姆定律：的理解三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BC DE 0.420 0.417 在误差允许的范围内碰撞前后系统动量守恒 【解析】(1)12从分析纸带上打点情况看，BC段既表示小车做匀速运动，又表示小车有较大速度，因此BC段能较准确

20、地描述小车M在碰撞前的运动情况，应选用BC段计算小车M的碰前速度。从CD段打点情况看，小车的运动情况还没稳定，而在DE段小车运动稳定，故应选用DE段计算碰后M和N的共同速度。(2)345小车M在碰撞前的速度v0=1.050 m/s小车M在碰撞前的动量p0=m1v0=0.420 kgm/s碰撞后M、N的共同速度v=0.695 m/s碰撞后M、N的总动量p=(m1+m2)v=0.417 kgm/s可见在误差允许的范围内，碰撞前后系统动量守恒。12、换用倍率“10”的挡 120 【解析】选择100倍率，用正确的操作步骤测量时，指针偏转角度太大说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，a、应换用小挡位，换

21、用10倍率档；c、由图示指针位置可知，测量结果为1210=120【点睛】本题考查了应用欧姆表测电阻的方法与主要事项，应用欧姆表测电阻时，换挡后要进行欧姆调零；要掌握常用器材的使用及读数方法；平时要注意基础知识的学习与掌握四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) 【解析】(1)当B球进入电场后，合力向左，系统开始减速，故此时物体速度最大，对加速过程运用动能定理列式求解即可；(2)系统在B球进入电场前做加速运动，B球进入电场后开始做减速运动；返回过程先加速后减速，向右和向左的过程具有对称性；由牛顿第二定律，求解出加速过程和减速过程的加速度，然后根据运动学公式和动能定理列式求解【详解】(1)带电系统锁定解除后，在水平方向上受到向右的电场力作用开始向右加速运动，当B进入电场区时，系统所受的电场力为A、B的合力，因方向向左，从而做减速运动，以后不管B有没有离开右边界，速度大小均比B刚进入时小，故在B刚进入电场时，系统具有最大速度.设B进入电场前的过程中，系统的加速度为a1，由牛顿第二定律：2Eq2ma1 B刚进入电