2023学年北京市文江中学高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、做匀变速直线运动的物体运动的初速度为20m/s，经过10s速度的大小变为6m/s，方向与初速度的方向相同，则加速度大小是（）ABCD2、关于电场，下列说法正确的是A电场和电场线都是客观存在的B没有画电场线的地方不存在电场C电场线的方向即为带电粒子的运动方向D等差等势面越密的地方,电场线越密,电场强度越大3、如图所示，用两根等长的绝缘细线各悬挂质量分别为mA和mB的小球，悬点为O，两小球均带正电荷，当小球由于静电力作用张开一角度时，A球悬线与竖直线夹角为，B球悬线与竖直线夹角为，

3、则两小球质量之比mAmB为AsinsinBcoscosCtantanDtantan4、在阻值为70 的电阻中通以正弦交变电流，测得在10 min内放出的热量为2.1104J，则此交变电流的最大值为()A0.24 AB0.5 AC0.707 AD1 A5、由i-t图可知，属于交流电的是ABCD6、图为两个导体的伏安特性曲线，根据图像可知，两个导体的电阻R1：R2的比值等于（ ）A1:3B3:1C3:4D4:3二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两块较大的金属板

4、A、B平行水平放置并与一电源相连，S闭合后，两板间有一质量为m、带电量为q的油滴恰好在P点处于静止状态则下列说法正确的是（ ）A在S仍闭合的情况下，若将A板向下平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G中有的电流B在S仍闭合的情况下，若将A板向右平移一小段位移，则油滴仍然静止，G中有的电流C若将S断开，且将A板向左平移一小段位移，P点电势升高D若将S断开，再将A板向下平移一小段位移，P点电势不变8、如图所示，电源内阻为R，固定电阻R0=R，可变电阻的总电阻值为2R，若变阻器滑片P由图示位置自左向右滑动，则（ ）A电源的输出功率由小变大B消耗的功率由小变大CR0消耗的功率由小变大D电源的效率由大变小

5、9、如图所示，实线是粒子（即氦原子核）仅在电场力作用下由a点运动到b点的运动轨迹，虚线可能是电场线，也可能是等差等势线，则下面说法中正确的是（ ）A若虚线是电场线，则粒子在a点的电势能大，动能小B若虚线是等差等势线，则粒子在a点的电势能大，动能小C若虚线是等差等势线， a点的电势一定高于b点的电势D不论虚线是电场线还是等差等势线，粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度10、如图甲所示，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m2 kg的另一物体B以水平速度v02 m/s滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图乙所示，则下列说法正确的是( )A木板获得的动

6、能为2 JB系统损失的机械能为1 JC木板A的最小长度为1 mDA、B间的动摩擦因数为0.1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定电池的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路(1)按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来_(2)在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于_端(填“A”或“B”)(3)图丙是根据实验数据作出的UI图象，由图可知，电源的电动势E_V，内阻r_，短路电流I短_A12（12分）读出下列仪器的示数：（1）游标卡尺的示数为_cm，螺旋测微器的示数为_cm（2）用多用

7、电表测电阻,使用倍率档为“10”，表头刻度和指针位置如图所示，则被测电阻的阻值为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，置于圆形水平转台边缘的小物块随转台加速转动，当角速度达到某一数值0时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动。现测得转台半径R0.5m，离水平地面的高度H0.8m，物块平抛落地过程水平位移的大小s0.4m。物块与转台间的动摩擦因数0.16，实验测得物块所受的最大静摩擦力约为滑动摩擦力的k倍，取重力加速度g10m/s1求：（1）0值的大小；（1）k值的大小。14（16分）在磁场中某一点放入一通

8、电导线，导线与磁场垂直，导线长1 cm，电流为5 A，所受磁场力为5102 N求：（1）这点的磁感应强度是多大？（2）若电流增加为10A，所受磁场力为多大？15（12分）如图所示，已知竖直杆O1O1长为1.0m，水平杆长L1=0.1米，用长L1=0.12米的细绳悬挂小球，整个装置可绕竖直杆O1O1转动，当该装置以某一角速度转动时，绳子与竖直方向成45角，取g=10m/s1求：（1）该装置转动的角速度；（1）如果运动到距离杆最远时刻悬挂小球的细绳突然断了，小球将做平抛运动求小球落地点与竖直杆在地面上点O1的距离s（答案可用根式表示）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每

9、小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据加速度的定义式知，加速度为：负号表示方向；A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论相符，选项B正确；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论不相符，选项D错误；2、D【解析】A电场是客观存在的，电场线不是客观存在的，故A错误.B没有画电场线的地方不一定不存在电场，有可能存在，故B错误.C电场线的方向不一定是带电粒子运动的方向，是正电荷受力的方向，故C错误.D电场线的疏密程度描述场强大小，电场线越密的地方电场强度越大，而等差等势面越密的地方电场线也越密，故D正确.3、A【解析】两球受力分析如图所示：根据共点力平衡和几何关系的相似比

10、，得：由于，且，则有，且有故选A【名师点睛】本题要比较两球质量关系，我们要通过电场力把两重力联系起来进行比较，结合共点力平衡条件列式求解重力与电场力的关系式是关键4、D【解析】根据代入数据得，该电流为交流电的有效值，所以，D正确5、B【解析】交流电是指电流的方向发生变化的电流，它的电流的大小可以不变，也可以变化，故选B。6、A【解析】根据欧姆定律可知，电阻 ，所以R1：R2的比值等于1：3。A. 1:3与分析相符，故A正确。B. 3:1与分析不符，故B错误。C. 3:4与分析不符，故C错误。D. 4:3与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个

11、选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A开始时，重力和电场力平衡，故：mg=qE；将A板向下移，由可知，E变大，故油滴应向上加速运动；根据 可知C变大，根据Q=CU可知电容器带电量变大，电容器充电，故G中有ab的电流，故A错误；B若将A板向右平移一小段位移，由可知，E不变，油滴仍静止；根据，可知C变小，根据Q=CU可知电容器带电量变小，电容器放电，故G中有ba的电流，故B正确；C若将S断开，Q不变，A向左平移一小段距离，根据可知，电容C减小，再根据Q=CU可知，U增大；根据U=Ed可知，E增大；则PB电势差增大，而B板接地，因

12、此P点电势降低；故C错误；D若将S断开，Q不变；再将A板向下平移一小段位移，根据，Q=CU、U=Ed，得到，故电场强度不变，且P点电势不变，故D正确8、ACD【解析】A.由题意可知，当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻减小；但外电阻一直大于内阻，当滑动变阻器接入电阻最小时，内外阻最接近，故电源的输出电压最大；故输出功率一直增大；故A正确；B.将R0等效为内阻，则当滑片在左端时，滑动变阻器接入电阻最大，此时等于等效内阻，故滑动变阻器上消耗的功率最大；在向右移动过程中，外电阻减小，则消耗的功率减小，故B错误；C.R0为定值电阻，其功率随电流的变化而变化，而在滑片移动过程中，滑动变阻器接入电阻越来越

13、小，则电流越来越大，故功率越来越大，故C正确；D.电源的路端电压越大，则电源的输出功率越大，故滑片右移时，效率减小，故D正确。9、BCD【解析】A若虚线是电场线，则粒子从a到b电场力做负功，则动能减小，电势能增大，则在a点的电势能小，动能大，选项A错误；BC若虚线是等差等势线，根据电场线与等势线垂直，可知电场力大致向下，则a点的电势一定高于b点的电势；粒子由a点运动到b点的过程中，电场力对粒子做正功，电势能减小，动能增大，则粒子在a点的电势能大，动能小，故BC正确。D不论是电场线还是等差电场线，疏密均表示电场的强弱，故可知，a点的处的场强大于b点的场强，故质子在a点的加速度一定大于在b点的加速

14、度，故D正确；10、CD【解析】从图可以看出，B做匀减速运动，A做匀加速运动，最后的共同速度为1m/s，取向右为正方向，设A的质量为M，根据动量守恒定律得：解得：M=m=2kgA由可得木板A的获得的动能为1J，故A错误；B系统损失的机械能解得：故B错误；C由图象可知物体B的位移为1.5m，木板A的位移为0.5m，所以木板最小长度为1m，故C正确；D由图象可知木板A的加速度为1m/s2，根据mBg=mAaA得出动摩擦因数为0.1，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、图见解析 B 1.50 1 1.50 【解析】（1）1由原理图可

15、知滑动变阻器为限流接法，电压表并联在滑动变阻器两端，由原理图连接实物图所示；（2）2为保证实验安全，在开始时电路中电流应为最小值，故滑动变阻器应接入最大阻值，由图可知，滑动变阻器接入部分为左半部分；故滑片应接到B端；（3）3由U-I图可知，电源的电动势E=1.50V；4当路端电压为1V时，电流为0.5A，则由闭合电路欧姆定律可知：；5短路电流12、1.090 0.5700 150 【解析】（1）游标卡尺的示数为：1cm+0.05mm18=1.090cm；螺旋测微器的示数为：5.5mm+0.01mm20.0=5.700mm=0.5700cm；（2）用多用电表测电阻,使用倍率档为“10”，则被测电

16、阻的阻值为：1510=150。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） （1）1.15【解析】（1）物体做平抛运动，在竖直方向有：在水平方向有：s=v0t由于v0=0R解得：0=1rad/s；（1）物体离开转台时，最大静摩擦力提供向心力，有：解得：k=1.15。14、 (1)1T (2) 0.1N【解析】(1)根据感应强度的定义式有：故这点的磁感应强度是1T(2)电流为10A时受到的磁场力FBIL1101102N0.1N15、（1）5rad/s（1）0.45m 【解析】(1) 小球做匀速圆周运动，靠重力和拉力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出该装置转动的角速度；(1) 根据平抛运动的规律求出小球在水平方向的位移的大小，然后结合平行四边形定则求出小球落地点与竖直杆在地面上点O1的距离。【详解】(1) 小球转动的轨道半径为：r=L1+L1sin45=0.1+0.2222m=0.