2023学年甘肃省庆阳市第二中学物理高二上期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电场中，A、B两点电势相同、但场强不同的是（ ）A B C D2、如图所示，A、B 为两电阻的电压与电流图像，关于两电阻的描述正确的是A电阻 A 的电阻随电流的增大而减小，电阻 B 阻值不变B在两图线交点处，电阻 A 的阻值等于电阻 BC在两图线交点处，电阻 A 的阻值大于电阻 BD在两图线交点处，电阻 A 的阻值小于电阻 B3、如图所示电路中，电源电动势E10V，内电阻不计，电阻R114，R26，R32，R48，R510，则电容器两板间电压大小是（ ）A3VB4VC

3、5VD6V4、一物体在水平面上由静止出发向右做直线运动，其 vt 图象如图所示（ ） A物体在 t3 时刻回到了出发点B物体在 t2 时刻离出发点最远C物体在 0t2 时间内向右运动，在 t2t3 时间内向左运动D物体在 0t1 时间内的加速度小于 t1t2时间内的加速度5、如图所示，虚线a、b、c代表电场中一簇等势线，相邻等势线之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子(重力不计)仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，粒子先后通过这条轨迹上的P、Q两点，对同一粒子，据此可知( )A三个等势线中，a的电势最高B粒子通过P点时的动能比通过Q点时大C粒子通过P点时的电场力比通过Q点时大D粒子在P点具

4、有的电势能比在Q点具有的电势能大6、如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么A若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B微粒从M点运动到N点电势能一定增加C微粒从M点运动到N点动能一定增加D微粒从M点运动到N点机械能一定增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两个相同的金属小球，带电荷量之比为17，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（）ABC

5、D8、如图甲的电路中，L1、L2和L3为三个完全相同的小灯泡，他们的伏安特性曲线如图乙所示.当开关S闭合后，电路中的总电流为0.2A，则此时（ ）A通过L1的电流为L2电流的2倍BL1消耗的电功率为0.3WC此时L1、L2和L3的电阻均为7.5DL1消耗的电功率为L2电功率的4倍9、关于多普勒效应的叙述，下列说法正确的是（ ）A产生多普勒效应的原因是波源频率发生了变化B产生多普勒效应的原因是观察者和波源之间发生了相对运动C甲、乙两列车相向行驶正在接近，两车均鸣笛，且所发出的笛声频率相同，乙车中的某旅客听到的甲车笛声频率低于他所听到的乙车笛声频率D哈勃太空望远镜发现所接受到的来自于遥远星系上的某

6、种原子光谱，与地球上同种原子的光谱相比较，光谱中各条谱线的波长均变长（称为哈勃红移），这说明该星系正在远离我们而去10、如图所示，电源电动势为E，内电阻r，理想电压表V1、V2示数为U1、U2，其变化量的绝对值分别为U1、U2；流经电源的电流为I，其变化量的绝对值为I，在滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）A小灯泡L3变暗，L1、L2变亮 BU2I不变CU1U2 DU1I减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻蓄电池的电 动势约为2V，内电阻很小除蓄电池、开关、导

7、线外可供使用的实验器材还有：A、电压表 （量程3V）；B、定值电阻R0（阻值4，额定功率4W）C、电流表 （量程3A）D、电流表 （量程0.6A）；E、滑动变阻器R（阻值范围020，额定电流1A）（1）电压表应选_；电流表应选_（填器材前的字母代号）（2）根据实验数据作出UI图像（如图乙所示），则蓄电池的电动势E_ V，内阻= _；（均保留三位有效数字）12（12分）下图为研究电磁感应现象的实验装置，部分导线已连接 （1）用笔画线代替导线将图中未完成的电路连接好_（2）在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后可能出现的情况有：将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将_（选

8、填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”） 原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向右拉时，灵敏电流计指针将_（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”） ；断开电键时，灵敏电流计指针将_（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为一真空示波器，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电

9、场后打在荧光屏上的P点已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子质量为m，电荷量为e不计重力，求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）P点到O点的距离（3）电子打在荧光屏上的动能大小14（16分）如图所示,悬挂在O点的一根不可伸长的绝缘细线下端有一个荷量不变的小球A在两次实验中,均缓慢移动另一带同种电荷的小球B当B到达悬点O的正下方并与A在同一水平线上,A处于受力平衡时,悬线偏离竖直方向的角度为.若两次实验中B的电荷量分别为q1和q2,分别为30和45,求q2与q1的比值。15（12分）如图所示，一个挂在丝线下端带正电的小球B

10、，静止在图示位置若固定的带正电小球A的电荷量为Q，B球的质量为m，带电荷量为q，丝线与竖直方向夹角，A和B在同一条水平线上，整个装置处于真空中(1)试说明小球B带正电还是带负电，并求出小球B所受库仑力的大小(2)求A、B两球间的距离r（以上两问结果均可用已知量符号表示，可以保留根号）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A图中沿着电场线方向电势不断降低，故A点电势高于B点电势，电场线的疏密程度反映场强的大小，故A点的场强小于B点的场强，A不符合题意；B图中A、B两点距场源电荷的距离相等，故A、B两点在同一等

11、势面上，两点的电势相等；根据点电荷的场强公式，可知A、B两点的场强大小相等，方向不同，故两点的场强不同，B符合题意；C图中A、B两点距场源电荷的距离不相等，故电势不相等；根据点电荷的场强公式，可知A、B两点的场强大小不相等，方向相同，故两点的场强不同，C不符合题意；D图中中沿着电场线方向电势不断降低，故A点电势高于B点电势，A、B处在同一匀强电场中，故A、B的电场强度相同，D不符合题意；选B.【点睛】沿着电场线方向电势不断降低，电场线的疏密程度反映场强的大小，在同一匀强电场中电场强度不变.2、B【解析】A. 由图可知，电阻A的图象的斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变；故

12、A错误；BCD. 两图象的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等；故B正确CD错误；3、C【解析】设Ud=0，电容器两板间的电压即为a、b两点间的电势差则a点电势为：电流由b点经R4流到d点，则b点电势为：，由UbUa可知，电容器下板带正电，b、a两点间的电势差为：Uba=Ub-Ua=5.0V，则电容器两板间电压大小即是5.0V故选C【点睛】本题是电路桥式电路，对于电容器，关键求电压本题电路稳定时，电容器的电压等于电容器这一路同侧两个电阻的电压之差.4、D【解析】在速度时间图象中，速度的正负表示物体的运动方向图象的斜率表示加速度由此分析物体的运动情况【详解】在时间内，

13、物体的速度一直为正，说明物体一直向右运动，物体在时刻离出发点最远，ABC错误；根据图象的斜率表示加速度，斜率的绝对值越大，加速度越大，知物体在0t1时间内的加速度小于t1t2时间内的加速度，D正确【点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移5、C【解析】试题分析：根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直，画出P、Q两点处场强的方向，如图：则可知，三个等势面中的，a的电势最低，故A错误；根据电场

14、线的疏密可知，P点的电场强度大于Q点，则带电质点在P点受到的电场力大于Q点，故B错误；若质点从P到Q过程，电场力做负功，质点的电势能增大，动能减小，则质点在P点时的动能比通过Q点时大，故C正确，D错误；【考点定位】等势面、电势、电势能【点睛】根据合力指向轨迹的内侧和电场线与等势线垂直，确定电场力的方向，判断电势的高低由电场力做功的正负判断电势能的变化电场力做正功，质点的电势能减小，动能增大；电场力做负功，质点的电势能增大，动能减小根据等差等势面密处场强大，判断场强大小，确定加速度的大小6、C【解析】A、粒子在电场力和重力的合力作用下做类平抛运动，合力向下，电场力可能向上而小于重力，也可能向下，

15、故无法判断A板的带电情况，A错误；B、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点电势能可能增加，也可能减小，B错误；C、粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，电场力和重力的合力向下，故从M到N动能增加， C正确；D、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点过程，电场力可能做负功，也可能做正功，故机械能可能增加，也可能减少，D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】ABCD设两金属球带异种电荷，电荷量分别为q和-7q，两者间库仑力

16、大小为将两者接触后再放回原来的位置上，两球所带电荷量均为-3q，库仑力大小为是原来的；设两金属球带同种电荷，电荷量分别为q、7q，由库仑定律有将两者接触后再放回原来的位置上，两球所带电荷量均为4q，库仑力大小为是原来的，故AB错误，CD正确。故选CD。8、AB【解析】A.根据串并联电路特点，通过L1的电流等于通过L2电流与通过L3电流之和，L2与L3并联，电压相等，电流相等，通过L1的电流为L2电流的2倍，故A正确；B.据乙图可知通过L1的电流为U1=0.2A时，两端电压为I1=1.5V，L1消耗的电功率为P1=U1I1=0.21.5W=0.3W，故B正确；C.L1的电阻R1= U1I1=1.

17、50.2=7.5；由乙图知，L2电流为I2=0.1A时，电压为U2=0.4V，L2与L3电阻相等，R2=R3=U2I2=0.40.1=4，故C错误； D. L2消耗的电功率为P2=U2I2=0.10.4W=0.04W，P1:P2=0.3:0.04=7.5，故D错误。故选：AB9、BD【解析】AB. 产生多普勒效应的原因是观察者与波源的相对运动导致接收到的波频发生变化，故A错误，B正确；C.甲、乙两列车相向行驶，两车均鸣笛，且所发出的笛声频率相同，因乙车中的乘客相对甲车靠近，而相对乙车静止，那么乙车中的某旅客听到的甲车笛声频率高于他听到的乙车笛声频率，故C错误；D. 哈勃太空望远镜发现所接收到的

18、来自于遥远星系上的某种原子光谱，与地球上同种原子的光谱相比较，光谱中各条谱线的波长均变长（称为哈勃红移），即频率变小，说明该星系正在远离我们而去，故D正确；10、ABC【解析】当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L1变亮变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮故A正确根据欧姆定律得U2I=R1，不变，故B正确由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V1的示数增大，由于路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所以U1U1故C正确由U1=

19、E-I（RL1+r）得：U1I=RL1+r，不变，故D错误故选ABC.点睛：本题是电路动态变化分析问题，按“局部整体局部”思路进行分析运用总量法分析两电压表读数变化量的大小运用欧姆定律定量分析电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变化，这是常用的方法三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A D 2.10 0.20 【解析】（1）电动势为2V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择A，电路中的电流，因此电流表选择D（2）根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可得：U=E-Ir，由此可知当I=0时的纵轴截距大小等于电源的电动势大小，由

20、此可知，E=2.10V；图象的斜率大小等于电源的内阻和定值电阻R0之和：，所以电源的内阻为： 12、（1）见解析 （2）向右偏 向左偏 向左偏 【解析】（1）将电源、电键、变阻器、原线圈串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，再将电流计与副线圈串联成另一个回路，电路图如图所示在闭合电键时，穿过线圈的磁通量增大，灵敏电流计的指针向右偏转；将原线圈迅速插入副线圈时，穿过线圈的磁通量增加，灵敏电流计指针将向右偏原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向右拉时，线圈中的电流减小，穿过线圈的磁通量减小，灵敏电流计指针将向左偏断开电键时，线圈中的电流减小，穿过线圈的磁通量减小，灵敏电流计指针将左偏.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） （2） （3） 【解析】（1）电子在加速电场U1中运动时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动根据板长和初速度求出时间根据牛顿第二定律求解加速度，由位移公式求解电子从偏转电场射出时的侧移量电子离开偏转电场后沿穿出电场时的速度做匀速直线运动，水平方向：位移为L2，分速度