2023学年甘肃省徽县第二中学物理高二上期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、由能量守恒定律可知A能量可以被消灭，也可以被创生B因为能量是守恒的，所以不可能发生能源危机C因为能量是守恒的，所以不需要节约能源D不同形式的能量之间可以相互转化2、太阳

2、内部持续不断地发生着四个质子聚变为一个氦核的热核反应，这个核反应释放出的大量能量就是太阳能。已知质子的质量mp=1.0073 u，粒子的质量m=4.0015 u，电子的质量me=0.0005 u。1 u的质量相当于931.5 MeV的能量，太阳每秒释放的能量为3.81026J，则下列说法正确的是A这个核反应方程是B这一核反应的质量亏损是0.0277 uC该核反应释放的能量为D太阳每秒减少的质量kg3、一个质量为2kg的物体，以4m/s的速度在光滑水平面上向右滑行，从某个时刻起，在物体上作用一个向左的水平力，经过一段时间，物体的速度方向变为向左，大小仍然是4m/s，在这段时间内水平力对物体做的功

3、为 （ ）A32JB8JC16JD04、如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处于真空中，重力可忽略.在满足电子能射出平行板的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏角变大的是：AU1变大，U2变大BU1变小，U2变大CU1变大，U2变小DU1变小，U2变小5、如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=10cm，ad=bc=20cm电场线与矩形所在平面平行已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，则下列说法正确的是（）Acd间电势差一定为4VBc点电势可能

4、比d点低C电场强度方向一定由b指向aD电场强度大小一定为E=40V/m6、把一小段通电直导线放入磁场中，导线受到安培力的作用，关于安培力的方向，下列说法中正确的是A安培力的方向一定跟磁感应强度的方向相同B安培力的方向一定跟磁感应强度的方向垂直，但不一定跟电流方向垂直C安培力的方向一定跟电流方向垂直，但不一定跟磁感应强度方向垂直D安培力的方向既跟磁感应强度方向垂直，又跟电流方向垂直二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源电动势E3V，小灯泡L标有“2V，0.4

5、W”，开关S接1，当变阻器调到R4时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作则 ( )A电源内阻为1B电动机的内阻为4C电动机的正常工作电压为1VD电源效率约为93.3%8、如图所示，倾角为的绝缘斜面固定在水平面上，当质量为m、带电荷量为q的滑块沿斜面下滑时，在此空间突然加上竖直方向的匀强电场，已知滑块受到的电场力小于滑块的重力则：A若滑块匀速下滑，加上竖直向上的电场后，滑块将加速下滑B若滑块匀速下滑，加上竖直向下的电场后，滑块仍匀速下滑C若滑块匀减速下滑，加上竖直向上的电场后，滑块仍减速下滑，但加速度变小D若滑块匀加速下滑，加上竖直向下的电场后，滑块仍以原加速度加速下

6、滑9、如图所示，在虚线宽度范围内，存在方向垂直纸面向外磁感应强度为B的匀强磁场，某种正离子以初速度v0垂直于左边界射入，离开右边界时偏转角度为。在该宽度范围内，若只存在竖直向下的匀强电场，该离子仍以原来的初速度穿过该区域，偏角角度仍为 (不计离子的重力)，则下列判断正确的是( )A匀强电场的电场强度大小为B匀强电场的电场强度大小为C离子穿过电场和磁场的时间之比为D离子穿过电场和磁场的时间之比为10、如图所示，图中直线表示某电源的路端电压与电流的关系图线（外电路为纯电阻电路），图中曲线表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是（ ）A电源的短路电流为6AB电源的内阻为253C电流为

7、2.5A时，外电路的电阻一定为15D输出功率为120W时，外电路电阻为7.5三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用多用电表的欧姆档（1K）检验性能良好的晶体二极管，发现多用电表的指针向右偏转的角度很小，这说明：测得电阻值_（填“很大”或“很小”），二极管加有_（填“正向”或“反向”）电压，此时红表笔接的是二极管的_（填“正极”或“负极”）。12（12分）在“用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻”的实验中，提供的器材有：A干电池一节B电流表(量程0.6A)C电压表(量程3V)D开关S和若干导线E滑动变阻器R1(最大阻值20，允许最

8、大电流1A)F滑动变阻器R2(最大阻值200，允许最大电流0.5A)G滑动变阻器R3(最大阻值2000，允许最大电流0.1A)（1）按图甲所示电路测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选_（填“R1”、“R2”或“R3”）（2）图乙电路中部分导线已连接，请用笔画线代替导线将电路补充完整要求变阻器的滑片滑至最左端时，其使用电阻值最大（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表和电流表的的示数用同样方法测量多组数据，将实验测得的数据标在如图丙所示的坐标图中，请作出UI图线，由此求得待测电池的电动势E=_V，内电阻r =_（结果保留两位有效数字）所得内阻的测量值与真实值相比_（填“偏大”、“偏小”或“

9、相等”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图电动机内电阻r1 ，电路中另一电阻R20 ，直流电压U200 V，理想电压表示数UV120 V.试求：(g取10 m/s2) (1)通过电动机的电流；(2)若电动机以v1 m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？14（16分）在一铅直面内有一光滑的轨道，轨道左边是光滑弧线，右边是足够长的水平直线现有质量分别为mA和mB的两个质点，B在水平轨道上静止，A在高h处自静止滑下，与B发生弹性碰撞，碰后A仍可返回到弧线的

10、某一高度上，并再度滑下问：A、B的质量满足什么关系时可以至少发生两次碰撞15（12分）如图所示，一条不可伸长的轻绳长为R，一端悬于天花板上的O点，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）。现有一个高为h，质量为M的平板车P，在其左端放有一个质量也为m的小物块Q（可视为质点），小物块Q正好处在悬点O的正下方，系统静止在光滑水平面地面上。今将小球拉至悬线与竖直方向成60角，由静止释放，小球到达最低点时刚好与Q发生正碰，碰撞时间极短，且无能量损失。已知Q离开平板车时的速度大小是平板车速度的两倍，Q与P之间的动摩擦因数为，M：m=4:1,重力加速度为g，求：（1）小物块Q离开平板车时速度为多大；（2）平

11、板车P的长度为多少；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】ABC.自然界的总能量是守恒的，能量既不能被消灭，也不能被创生，但随着能量的耗散，能源可以利用的品质降低了，可利用的能源减少了，所以可发生有能源危机，所以我们要节约能源故ABC错误；D.不同形式的能量之间可以相互转化，如动能与势能之间可以发生相互转化，故D正确；2、C【解析】A. 这个核反应方程为:，故A项错误；B. 质量亏损为：m=4mpma2me=41.0073 u -4.0015 u -20.0005 u =0.0267 u，故B项错误；C.

12、释放能量为：E=mC2=0.0267931.5 MeV=24.87MeV=3.981012J，故C项正确；D. 太阳每秒减小质量为：，故D项错误；3、D【解析】根据动能定理有，力F对物体做的功为：W=mv22-mv12=216216=0，故选D4、B【解析】设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at由、可得：又有：，故U2变大或U1变小都可能使偏转角变大，故选项B正确5、A【解析】试题分析：匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线

13、，而等势线与电场线垂直，可知，cd间电势差等于ba间电势差电场线方向无法确定，场强大小不能求出解：A、C根据题设条件可知，场强方向无法确定，知道了ab间电势差，但不能根据E=求出场强的大小故AC错误B、根据匀强电场的电场线与等势线分布的特点可知，cd间电势差必等于ba间电势差，为4V故B正确D、cd间电势差为4V，则知c点电势比d点高4V故D错误故选B【点评】本题的关键在于抓住匀强电场的等势面与电场线分布均匀的特点，分析cd间电势差与ba间电势差的关系6、D【解析】利用左手定则判断通电导线在磁场中所受安培力的方向，根据左手定则可知，安培力与电流和磁场所在平面垂直，因此安培力既垂直于磁场方向又垂

14、直与电流方向；【详解】左手定则是判断磁场方向、电流方向、安培力方向三者之间关系的法则，根据作用定则可知，安培力垂直于电流和磁场所在的平面，因此安培力既垂直于磁场方向又垂直与电流方向，故D正确，ABC错误【点睛】安培力方向是初学者很容易出错的地方，在学习中要加强这方面的练习，正确应用左手定则判断安培力的方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】小灯泡的额定电流为电阻为A当接1时E=I(RL+R+r)代入数据解得电源的内阻r=1故A正确；BC当接2时灯泡正常发光

15、，流过的电流为I=0.2A电源内阻分的电压为U=Ir=0.21V=0.2V故电动机分的电压为U动=E-UL-U=(3-2-0.2)V=0.8V则电动机的内阻为故B、C均错误；D电源的效率为故D项正确8、BC【解析】由题意可知考查力的平衡和牛顿第二定律应用，根据平衡条件和牛顿第二定律分析可得。【详解】A.若滑块匀速下滑， ，加上竖直向上的电场后，滑块受到竖直向上的电场力作用，设电场力为F，滑块继续匀速度运动，故A错误；B.若滑块匀速下滑，加上竖直向下的电场后，滑块受到竖直向下的电场力作用，设电场力为F，说明滑块仍匀速下滑，故B正确。C.若滑块匀减速下滑，加上竖直向上的电场后，滑块仍减速下滑，合力

16、减小，加速度变小，故C正确；D.若滑块匀加速下滑，加上竖直向下的电场后，滑块受到的合力增大，加速度增大，故D错误。【点睛】滑块原来匀速运动，受力平衡，加上电场后合力为零，仍做匀速运动。若滑块向下做匀加速、匀减速运动，根据牛顿第二定律列出方程求出开始时的加速度，加电场力后受力分析根据牛顿第二定律列出方程求出后来加速度，比较先后加速度的大小可得。9、AD【解析】AB当是磁场时洛伦兹力提供向心力：求得：离开右边界时偏转角度为，则磁场宽度：变为匀强电场后，运动时间：加速度：所以竖直方向速度：偏角角度仍为，故：求得：故A正确、B错误；CD在磁场中运动周期：所以在磁场中运动时间：所以：故C错误、D正确；故

17、选AD.10、CD【解析】根据闭合电路的欧姆定律，电压的输出电压：U=E-Ir，对照U-I图象，当I=0时，U=E=50V；U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故：r=|UI|=50-206=5，则短路电流I短=Er=505A=10A，故AB错误；电流为2.5A时，对照U-I图象，电压为37.5V，故外电路电阻：R=UI=37.52.5=15，故C正确；输出功率为120W时，对照P-I图象，电流为4A，再对照U-I图象，输出电压为30V，外电路电阻为R=UI=304=7.5，故D正确；故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 很大

18、反向 正极【解析】用多用电表的欧姆档（1K）检验性能良好的晶体二极管，发现多用电表的指针向右偏转的角度很小，这说明测得电阻值很大，二极管加有反向电压，因红表笔内部接电源的负极，则此时红表笔接的是二极管的正极。12、R1 1.5 1.9 偏小 【解析】（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选择，而且额定电流较大；（2）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（3）根据坐标系内描出的点作出电源的图象，图象如图所示：由图示电源图象可知，图象与纵轴交点坐标值为，电源电动势，电源内阻：；相对于电源来说，电流表采用外接法，电流表的测量值小于通过电源的电流，电动势和内阻的测量值均小于真实值点睛：本题考查了

19、实验器材的选择、连接实物电路图、求电源电动势与内阻，知道实验原理、掌握实验器材的选择原则、会应用图象法处理实验数据即可正确解题四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4A （2）46.4kg【解析】试题分析：先求出R两端的电压，由部分电路的欧姆定律即可求出电路中的电流；根据P热=I2r即可求出电动机的热功率，电动机的输出功率等于输入功率减去热功率最后由P=Fv=mgv即可求出物体的质量。（1）由电路中的电压关系可得电阻R的电压：UR=U-UV=（200-120）V=80V 流过电阻R的电流： 解得：I=4A（2）电动机的输入功率： P1=UVI=1104W=480W电动机内电阻的发热功率： P2=I2r=421W=16W输出的机械功率： P3=P1-P2=（480-16）W=464W而P3=Fv=mgv 解得：m=46.4kg点睛：本题主要考查了非纯组电路，关键是知道电动机做功的功率加上线圈的发热功率即为电动机消耗的电功率。14、mB3mA【解析】设A球与B球第一次碰撞前速度为v0，碰撞后A球和B球的速度分别为vA和vBA球从LM轨道上下滑的过程，由机械能守恒定律得：mAgh=mAv02，得：v0=；