2023学年福建省莆田市第九中学物理高二第一学期期中统考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，其中电流表A的量程为0.6A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于电流表

2、内阻阻值的一半；R2的阻值等于电流表内阻的2倍若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（ ）A将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04AB将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02AC将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06AD将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01A2、传感器是一种采集信息的重要器件如图所示电路为测定压力的电容式传感器，A为固定电极，B为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容下列说法中正确的是（）A当待测压力增大时，则电容器的电容将减小B闭

3、合K，当待测压力增大时，则有向右的电流通过RC断开K，当待测压力减小时，则电容器所带的电量减小D断开K，当待测压力减小时，则两极板问的电势差增大3、如图所示，三个相同的木块放在同一个水平面上，木块和水平面间的动摩擦因数相同分别给它们施加一个大小均为F的作用力，其中给第一、三两木块的推力或拉力与水平方向的夹角相同，这时三个木块都保持静止比较它们和水平面间的弹力大小FN1、FN2、FN3和摩擦力大小Ff1、Ff2、Ff3，下列说法中正确的是AFN1FN2FN3，Ff1Ff2Ff3BFN1FN2FN3，Ff1Ff2Ff3CFN1FN2FN3，Ff1Ff3Ff2DFN1FN2FN3，Ff1Ff2Ff3

4、4、关于电磁波，下列说法正确的是( )A雷达是用X光来测定物体位置的设备B使电磁波随各种信号而改变的技术叫做调制C用红外线照射时，大额钞票上用荧光物质印刷的文字会发出可见光D变化的电场一定可以产生电磁波5、如图所示，电子射线管放在蹄形磁铁的两极之间，可以观察到电子束偏转的方向是( )A向上B向下C向左D向右6、关于磁感应强度，下列说法中正确的是（ ）A由B=可知，B与F成正比，与IL成反比B地球表面的磁感应强度B的方向与地面相平行，由地理北方指向地理南方C通电直导线周围存在磁场，与直导线距离相等的两点的磁感应强度B一定相同D磁感应强度的方向就是放在该处的小磁针N极的受力方向二、多项选择题：本题

5、共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r电键S处于闭合状态时，在水平放置的平行板电容器之间，有一带电油滴P处于静止状态下列叙述正确的是（）A其他条件不变，使电容器两极板缓慢靠近，油滴向上加速运动B其他条件不变，使电容器两极板缓慢远离，油滴向上加速运动C其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向左移动，油滴向下加速运动D其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向右移动，油滴向下加速运动8、如图所示的匀强电场场强为103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=3cm

6、。则下述计算结果正确的是（）Aa、b之间的电势差为40VBa、c之间的电势差为50VC将q=5103 C的点电荷沿矩形路径abcd移动一周，电场力做功0.25JD将q=5103 C的点电荷沿abc或adc从a点移动到c点，电场力做功都是0.2J9、空间有一沿x轴对称分布的电场，其电场强度E随x变化的图象如图所示。下列说法中正确的是Ax2点的电势最高BO的电势高于x2点的电势C正点电荷在x1点的电势能等于它在x3点的电势能D负点电荷在x1点的电势能等于它在x1点的电势能10、如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置关于此实验装置中的静电计，下列说法中正确的是A静电计指针张角的大小反映

7、了平行板电容器两板间电压的大小B静电计指针张角的大小反映了平行板电容器带电量的大小C静电计的外壳与A板相连接后可不接地D可以用量程为3V的电压表替代静电计三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） (1)用游标为20分度的卡尺测量某圆柱型电阻长度如图甲，由图可知其长度L_mm.(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D_mm.(3)该同学想用伏安法测量其电阻R（约200），现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1(量程05 mA，内阻约50 )； 电流表A2(量程015 mA，内阻约30 )；电压表V1(

8、量程03 V，内阻约10 k)； 电压表V2(量程015 V，内阻约25 k)；直流电源E(电动势4 V，内阻不计)；滑动变阻器R1(阻值范围015 ，允许通过的最大电流2.0 A)；滑动变阻器R2(阻值范围02 k，允许通过的最大电流0.5 A); 开关S；导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，应选用电流表_,电压表_，滑动变阻器_（选填A1、A2、V1、V2、R1、R2）电路连接应是电流表_（选填内接或者外接），采用_接法（选填分压或限流）12（12分）王同学用如图所示电路测量一节干电池的电动势和内阻请按该同学电路图，以笔画线代替导线继续完成实物连接图该同学根据实验数据，在图

9、中作出的路端电压U与电流I的UI图象，通过该图象可知电源的电动势为_ V，电源的内阻为_ .(均保留三位有效数字)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）平行板电容器间存在匀强电场，板间距离为10cm，板间电压为100V，B板接地（即电势为0）。（1）两板间的电场强度是多少？（2）电场中有M、N两点，M点离A板2cm，N点离B板1cm。求M、N两点的电势；（3）若将一电量为210-6C的电荷从M点移到N点电场力做多少功？14（16分）以竖直向上为轴正方向的平面直角系，如图所示，在第一、四象限内存在沿轴负方向的匀

10、强电场，在第二、三象限内存在着沿轴正方向的匀强电场和垂直于平面向外的匀强磁场，现有一质量为、电荷量为的带正电小球从坐标原点O以初速度沿与轴正方向成角的方向射出，已知两电场的电场强度，磁场的磁感应强度为B，重力加速度为（1）求小球离开O点后第一次经过轴所用的时间；（2）求小球离开O点后第三次经过轴的坐标；（3）若小球从O点以某一初速度沿与轴正方向成角的方向射出且能再次回到O点，则该初速度的大小为多少?15（12分）电荷所带电荷量q3.010-10 C，在电场中某一点所受的电场力F9.010-7 N，方向竖直向上，求这一点电场强度的大小和方向。若在这一点改放一电荷量为q16.010-10C的电荷时

11、，电荷所受电场力多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当接线柱1、2接入电路时，R1与电流表并联，由于R1，可知流过R1的电流为流过电流表电流的2倍，所以1、2接线柱间的电流为通过电流表电流的3倍，所以每一小格是原来的3倍，即为0.06 A，所以A、B错误；当接线柱1、3接入电路时，电流表与R1并联，然后再与R2串联，串联电阻对电流无影响，与1、2接入电路的效果一样，所以每一小格表示0.06 A，C正确，D错误2、D【解析】当待测压力增大时，电容器板间距离减小，根据电容的决定式得知，电容C增大，故A错

12、误闭合K，当待测压力增大时，电容增大，而电压不变，由得知，电容器的带电量增大，电容器将充电，电路中形成逆时针方向的充电电流，有向左的电流通过R故B错误断开K，当待测压力减小时，电容器板间距离增大，电容C减小，而电容器所带的电量Q不变，由得知，两极板间的电势差U增大故C错误，D正确故选D.点睛：本题考查对传感器基本原理的理解，实质是电容器动态变化分析问题，关键要掌握电容的决定式和定义式3、C【解析】对物体受力分析如图所示，因三木块都保持静止，在竖直方向合力为零，得FN1=mg+Fsin，FN2=mg，FN3=mg-Fsin，所以弹力大小的关系是FN1FN2FN3，AB错；在水平方向合力为零，得F

13、f1=Fcos，Ff3=Fcos，Ff2=F，所以摩擦力大小是Ff1Ff3Ff2，C对，D错4、B【解析】A. 雷达是利用微波来工作的，微波波长较短，不容易发生衍射，从而追踪目标，故A错误；B. 使电磁波频率或振幅等随各种信号而改变的技术叫做调制，故B正确；C. 紫外线照射时，大额钞票上用荧光物质印刷的文字会发出可见光，故C错误；D. 根据麦克斯韦电磁场理论，均匀变化的电场在周围空间产生稳定的磁场，均匀变化的磁场在周围空间产生稳定的电场；它们都不能产生电磁波，故D错误。5、B【解析】试题分析：电子射线管中电子从负极射向正极，根据左手定则，磁感线穿过手心，四指从正极指向负极，由可知电子受到的洛伦

14、兹力方向向下，电子束向下偏转，B正确考点：考查了洛伦兹力方向判断6、D【解析】A磁场中某点的磁感应强度，只与磁场本身决定，与通电导线所受的安培力F以及IL的乘积无关，选项A错误； B地球表面任意位置的地磁场方向沿磁感线的切线方向，故各点的磁场方向并不是都与地面平行，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，两者并不完全重合，故B错误；C通电直导线周围存在磁场，与直导线距离相等的两点的磁感应强度B大小相同，但是方向相反，选项C错误；D磁感应强度的方向就是放在该处的小磁针N极的受力方向，选项D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选

15、项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】油滴静止时受重力和向上的电场力，处于二力平衡；A项：其他条件不变，使电容器两极板缓慢靠近，两板间板间的电压U一定，由于d减小，电场强度变大，所以电场力变大，合力向上，故油滴向上加速运动，故A正确；B项：其他条件不变，使电容器两极板缓慢远离，两板间板间的电压U一定，由于d增大，电场强度变小，所以电场力变小，合力向下，故油滴向下加速运动，故B错误；C项：其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向左移动，电阻R2减小，根据闭合电路欧姆定律，电流增大，故定值电阻R1的电压增大，根据U=Ed，由d不变，电场强度变大，所以电

16、场力变大，合力向上，故油滴向上加速运动，故C错误；D项：其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向右移动，电阻R2变大，根据闭合电路欧姆定律，电流减小，故定值电阻R1的电压减小，根据U=Ed，由d不变，电场强度变小，所以电场力变小，合力向下，故油滴向下加速运动，故D正确点晴：油滴受重力与电场力而平衡，其中电场力F=qE，电容器与电阻R1并联，电压相等，根据闭合电路欧姆定律分析电压的变化，得到电场力的变化，确定油滴的加速度情况8、AD【解析】A由电场强度与电势差的关系，由U=可求UabEd1030.04V40V故A正确；B由图可知bc与电场线垂直，则bc间电势相等，则故ac间的电势差UacUab40V故

17、B错误；C电荷q=-510-3C沿矩形路径abdca移动一周，点荷的电势不变，电势能也不变，由电场力做功与电势能变化的关系得电场力做功为零，故C错误；D根据电场力做功与路径无关，故q=-510-3C的点电荷沿abd或acd从a移动到c，电场力做功相同等，由W=qUac=-510-340J=-0.2J故D正确。故选AD。9、BD【解析】E-x图像的面积表示电势差，以O点为参考点，往+x方向，横轴上方面积增大，所以电势在降低；往-x方向，横轴下方面积增大，所以电势在降低。因此，O点的电势是横轴上最大的值。ABO点的电势最高，A错误B正确Cx1点的电势大于x3点的电势，所以正点电荷在x1点的电势能大

18、于它在x3点的电势能，C错误Dx1点和x1点分别到O点图像与横轴所围的面积大小相等，因此可知x1点和x1点的电势相等，所以负点电荷在x1点的电势能等于它在x1点的电势能，D正确10、AC【解析】A、B、静电计是定性反映电压高低的仪器，不能发映了平行板电容器的电荷量的多少，故A正确，B错误；C、静电计测量的是两板间的电压高低，可以直接将A板与电容器外壳相接，不需要都接地，故C正确；D、静电计与电压表、电流表的原理不同，不能替代电流表、电压表线圈中必须有电流通过时，指针才偏转，故不能用电压表代替静电计，故D错误；故选AC【点睛】解决本题的关键知道静电计测量的是电容器两端的电势差，正确掌握静电计的使

19、用方法对于电容器的动态变化分析问题，常常是电容的决定式和定义式结合分析，抓住不变量是分析的基础三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.15; 0.4700; 见解析； 【解析】(1)游标卡尺的读数为L=50mm+30.05mm=50.15mm；(2)螺旋测微器的读数为：d=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm=0.4700cm；(3)由于电压表V2量程太大（量程的大于电源的电动势），所以电压表应选择V1，根据欧姆定律可求出通过待测电阻的最大电流为，所以电流表应选择A2，根据实验要求多测几组数据可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；由于待测电阻满足，电流表应用外接法，所以电路应是“分压外接”电路，如图所示12、 1.441.46 V均可，1.701.80 均可【解析】根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：由UI图象 所示可知，图象与纵轴交点坐标值是1.45V，电源电动势E=1.45V，电源内阻为： 。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡