2023学年广东省揭阳市重点名校高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示，质量相等的两个小球A和B紧贴倒圆锥筒的光滑内壁各自做水平面内的匀速圆周运动，则（ ）AA球受到的支持力较大BB球受到的支持力较大CA球运动的线速度较大DB球运动的线速度较大2、锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法不正确的是( ) A电能转化为化学能的功率为UII2rB充电器输出的电功率为UII2rC电池产生的热功率为I2rD充电器的充电效率为100%3、如图所示，一电荷量q=+310-5C的小球，用绝缘细线悬挂于竖直放置足够大的平行金属

3、板中的O点，开关S合上后，小球静止时细线与竖直方向的夹角=37已知两板间距d=0.1m，电源电动势E=15V，内阻r=0.5，电阻R1=3，R2=R3=R4=1，取g=10m/s2，已知sin37=0.6，cos37=0.1则以下说法正确的是( )A电源的输出功率为14WB两板间的电场强度的大小为140V/mC带电小球的质量5.6毫克D若增加R1的大小，会有瞬时电流从右向左流过R44、如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是：A该点电荷带正电；Ba点的电场强度比b点的电场强度大；Ca点和b点的电场强度相等；Da点和b点电场强度的方向相同5、在NaCl溶液中，阴、阳离子定向移动产生电流，

4、若测得20秒内有1.01018个Na+和1.01018个Cl-通过溶液内部某一横截面，则溶液中的电流强度是多大（ ）A8mA B16mA C0.16A D0.08A6、关于电源电动势下列说法中正确的是A电源的电动势实质上就是电源两极间的电压B电源的电动势在数值上等于两极间的电压C电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别D电动势越大，电源两极间的电压一定越高二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m的小球从桌面上以速度竖直向上抛出，桌面离地高度为h，小球能达

5、到的最大离地高度为H. 若以地面作为重力势能的零参考平面，如图所示,不计空气阻力，那么下列说法中正确的是：( )A小球抛出时的机械能为B小球在最高点的机械能为mgHC小球在最高点的机械能为D小球落地时的机械能为mgH8、我国计划将于2016年9月利用海南航天发射场发射“天宫二号”空间实验室“天宫二号”运行期间，“神州十一号”载人飞船将与它实施交会对接在对接前，“天宫二号”和“神州十一号”将在各自轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示则在对接前A“天宫二号”的向心加速度大于“神州十一号”的向心加速度B“天宫二号”的运行周期大于“神州十一号”的运行周期C“天宫二号”的运行速率小于“神州十一号”的运行

6、速率D“天宫二号”的角速度大于“神州十一号”的角速度9、在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中：A电路中的总电流变大B路端电压变大C通过电阻R2的电流变小D通过滑动变阻器R1的电流变小10、两个相同的金属小球，带电荷量之比为17，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的（）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了测量某待测电阻 Rx 的阻值（约为30 ），有以下一些器材可供选择。电流表A1（量程 050 mA，内阻约 10 ）； 电流表

7、A2（量程 03 A，内阻约 0.12）； 电压表V1（量程 03 V，内阻很大）； 电压表V2（量程 015 V，内阻很大）；电源 E（电动势约为 3 V，内阻约为 0.2 ）； 定值电阻 R（20 ，允许最大电流 1.0 A）； 滑动变阻器 R1（010 ，允许最大电流 2.0 A）； 滑动变阻器 R2（01 k，允许最大电流 0.5 A）； 单刀单掷开关 S 一个，导线若干。（1）电流表应选_，电压表应选_，滑动变阻器应选_。（填 字母代号）（2）请在方框内画出测量电阻 Rx 的实验电路图。（要求测量范围尽可能大）（_） （3）某次测量中，电压表示数为 U 时，电流表示数为 I，则计算待

8、测电阻阻值的 表达式为 Rx_。12（12分）（1）在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一斜槽轨道滑下，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹为了能较准确地描绘运动轨迹，在操作过程中要求每次释放小球的位置必须相同，将你认为这样操作的目的是_（2）在做该实验中某同学只记录了物体运动的轨迹上的A、B、C三点并以A点为坐标原点建立了直角坐标系，得到如图所示的图象，试根据图象求出物体平抛运动的初速度大小为_；物体运动到B点时的速度大小为_；抛出点的横坐标为_cm；纵坐标为_cm 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分

9、）如图所示电路，电源内阻，灯L标有“3V 1.5W”字样，滑动变阻器最大值为R，当滑片P滑到最右端A时，电流表读数为1A，此时灯L恰好正常发光，试求：（1）电源电动势E；（2）当滑片P滑到最左端B时，电流表读数；（3）当滑片P位于滑动变阻器的中点时，滑动变阻器上消耗的功率14（16分）如图所示，AB为水平轨道，A、B间距离s=1m，BCD是半径为R=0.2m的竖直半圆形轨道，B为两轨道的连接点，D为轨道的最高点，整个轨道处于竖直向下的匀强电场中，场强大小为E=一带正电的小物块质量为m=0.5kg，它与水平轨道间的动摩擦因数均为=0.1小物块在F=10N的水平恒力作用下从A点由静止开始运动，到达

10、B点时撤去力F，小物块刚好能到达D点，试求：(g=10m/s2)（1）撤去F时小物块的速度大小；（2）在半圆形轨道上小物块克服摩擦力做的功15（12分）已知如图，a、b、c、d四点在同一直线上b、c两点间的距离等于c、d两点间的距离在a点固定放置一个带电量为Q点电荷将另一个电荷量为q的点电荷从a、b 间的某一点由静止释放，它通过b、d两点时的动能依次为20eV和100eV，则它通过c点时的动能一定_60 eV（填大于、等于或小于）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：AB、对小球受力分析，小球受到

11、重力和支持力，它们的合力提供向心力，如图筒对小球的支持力N=，与轨道半径无关，则由牛顿第三定律得知，小球对筒的压力也与半径无关，即有球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力故AB错误；CD、根据牛顿第二定律，有：F=mgtan=m解得：v=由于A球的转动半径较大，A线速度较大故C正确，D错误故选C2、B【解析】ABC由可知充电器输出的电功率为，根据热功率公式可得电池产生的热功率为，电能转化为化学能和热能，根据能量守恒定律有电能转化为化学能的功率为：，故A、C正确，B错误；D充电器的充电效率为，故D正确；3、B【解析】R2=R3=1，并联后的电阻值为：RR2=4；由闭合电路的欧姆定律得：；电源的输出

12、功率P=EI-I2r=152-220.5=21W，故A错误；两板间的电压为：UC=I（R1+R23）=2（3+4）=14V；两板间的电场强度为：，故B正确；小球处于静止状态，所受电场力为F，又F=qE，由平衡条件得：水平方向 Tcos-mg=0 ；竖直方向：Tsin-qE=0； 得：m= =5.610-4kg，故C错误；若增加R1的大小，电容两端电压增大，电容器充电，会有瞬时电流从左向右流过R4，故D错误故选B4、B【解析】根据电场线从正电荷出发，到负电荷终止知该点电荷带负电，故A错误电场线越密的地方电场强度越大，a点的电场强度大于b点的电场强度，故B正确，C错误；a点和b点电场强度的方向都指

13、向负电荷，不相同，故D错误故选B【点睛】熟悉正、负点电荷，等量同种、等量异种电荷周围电场分布情况往往是解题关键；知道电场线的疏密反映场强的大小5、B【解析】由题意可知，流过截面上的电量q=1.010181.610-19+1.010181.610-19=0.32C；则电流强度I=qt=0.3220A=0.016A=16mA；故选B。【点睛】本题考查电流强度的定义，要注意明确当同时有正负电荷通过时，电量为正负电荷电荷量绝对值的和6、C【解析】电源电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量；电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，电动势等于电源没有接入电路时电

14、源两极间的电压，电动势等于内外电路电压之和【详解】AB电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压；故AB错误；C由A的分析可知，电源电动势与电压单位相同，但与电压有本质的区别；故C正确；D电动势越大，说明电源转化能量的本领越大，但电源两端的电压与外电路有关，电压并一定大；故D错误；【点睛】电动势是一个表征电源特征的物理量定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分

15、，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】若以桌面作为重力势能的零参考平面，有动能为： ，重力势能为：mgh，此时的机械能为： ，故A正确；小球在最高点的动能为零，重力势能为mgH，所以机械能为mgH，故B正确，C错误；小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，所以小球落地时的机械能为mgH，故D正确。所以ABD正确，C错误。8、BC【解析】根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的向心加速度小于“神州十一号”的向心加速度，故A错误；根据万有引力提供向心力：，

16、解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的运行周期大于“神州十一号”的运行周期，故B正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的运行速率小于“神州十一号”的运行速率，故C正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的角速度小于“神州十一号”的角速度，故D错误所以BC正确，AD错误9、AC【解析】试题分析：在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中，滑动变阻器电阻减小，回路中总电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，电源内阻分得电压增大，由U=E-Ir可知路端电压减小，A对；B

17、错；R2两端电压减小，流过R2的电流减小，C对；干路电流增大，R2支路电流减小，由此可判断流过电阻R1的电流增大，D错；考点：考查串并联和全电路的欧姆定律和动态变化点评：在闭合电路中能够明确串并联关系是解决此类问题的关键，分析动态变化的步骤是：局部整体局部10、CD【解析】ABCD设两金属球带异种电荷，电荷量分别为q和-7q，两者间库仑力大小为将两者接触后再放回原来的位置上，两球所带电荷量均为-3q，库仑力大小为是原来的；设两金属球带同种电荷，电荷量分别为q、7q，由库仑定律有将两者接触后再放回原来的位置上，两球所带电荷量均为4q，库仑力大小为是原来的，故AB错误，CD正确。故选CD。三、实验

18、题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A1 V1 R1 【解析】(1)123 电源电动势为3V，则电压表选V1；通过待测电阻的最大电流约为：选量程为3A的电流表读数误差太大；可以把定值电阻与待测电阻串联，此时电路最大电流约为：电流表应选择A1。为方便实验操作，滑动变阻器应选：R1。(2)4定值电阻与待测电阻串联的总阻值约为30+20=50远大于滑动变阻器最大阻值10，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；由题意可知，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表可以采用外接法，电路图如图所示：(3)5 由欧姆定律可知，待测电阻阻值：12、小球做平抛运

19、动时初速度相同 2 -0.2m -0.05m 【解析】保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线.【详解】（1）因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度。（2）在竖直方向上y=gT2，则。则初速度为：，B点竖直方向上的分速度为：。则运动到B点的速度为：，则运动到B点的时间：，已运动的水平位移：xvt0.4m，竖直位移：。所以平抛运动的初位置的横坐标为0.2-0.4m=-0.2m。纵坐标为0.15-0.2=-0.05m。四、计算题：本题共2小