2023学年广西贺州市平桂管理区平桂高级中学高二物理第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，直导线AB、螺线管C、电磁铁D三者相距较远，它们的磁场互不影响，当开关S闭合后，则小磁针的北极N（黑

2、色一端）指示出磁场方向正确的是（ ）Aa、c Bb、c Cc、d Da、d2、如图所示，等量异种点电荷固定在同一水平线上的P、Q两点，竖直固定的光滑绝缘杆与PQ的中垂线重合，O为PQ的中点，a、b是PQ连线上的两点，c、d 是中垂线上的两点，acbd为菱形电场强度用E表示，电势用表示一带少量负电的小球(可视为点电荷)套在绝缘杆上自c点无初速释放（ ）Aa大于O，O大于cBEa大于EO，EO大于EbC在c到d的过程中，小球速度先增大后减小D在c到d的过程中，小球对杆的作用力方向始终水平向左3、如图电路中，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，则（ ）A电压表读数变大，通过灯L1的电流变大，灯L

3、2变亮B电压表读数变小，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮C电压表读数变小，通过灯L2的电流变大，灯L1变暗D电压表读数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗4、如图所示，足够大的光滑绝缘水平面上有两个带正电的小球，A球的电荷量是B球的两倍，A对B的库仑力大小为F1，B对A的库仑力大小为F2。两小球从图示位置由静止释放后( )AF1、F2保持不变，且F1=F2BF1、F2保持不变，且F1=2F2CF1、F2逐渐减小，且F1=F2DF1、F2逐渐减小，且F2=2F15、电场中有一点P，下列说法中正确的有（）A若放在P点的电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B若P点没有试探电荷，则P点场强为零CP点的

4、场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大DP点的场强方向为放在该点的电荷所受电场力的方向6、一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、电荷量和中间的电介质不变，将两极板间的距离变大，其电容C和极板间匀强电场的场强E的变化情况是：AC减小、E不变 BC增大、E增大CC减小、E减小 DC增大、E减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两个等量负点电荷位于垂直于x轴的连线上，相对原点对称分布，选无穷远处电势为零正确描述x轴上电场强度E、电势随位置变化规律的是图（）ABC

5、D8、如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（ ）A使A、B两板靠近一些B使A、B两板正对面积减小一些C断开S后，使B板向右平移一些D断开S后，使A、B正对面积减小一些9、一电流表的量程为100A，内阻为100，现串联一个9900的电阻将它改装成电压表（原电流表的表盘未改动），如果用改装后的电压表测量某一电路，电压表示数如图所示。则（）A该电压表的量程是0.1VB该电压表的量程是1VC此时的电压是0.08VD此时的电压是0.80V10、在x轴上存在与x轴平行的电场，x轴上各点的电势随x点位置变化情况

6、如图所示图中x1x1 之间为曲线，且关于纵轴对称，其余均为直线，也关于纵轴对称下列关于该电场的论述正确的是( )Ax轴上各点的场强大小相等B从-x1到x1场强的大小先减小后增大C一个带正电的粒子在x1点的电势能大于在-x1点的电势能D一个带正电的粒子在x1点的电势能小于在-x2点的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为测量某一玩具电动机M中导线圈导线的电阻率，某实验小组的部分实验方案如下：（1）用多用电表测量电动机中导线圈的电阻Rx，选择“10”欧姆挡测量时，发现指针指示位置很靠近欧姆“0”刻度，需要更换倍率测量。某小组成员

7、将选择开关旋到_的倍率档位后，立即将红、黑表笔分别接触导线圈两端重新测量，指针指示的位置如图甲所示，则Rx=_。（2）该成员的以上操作中，遗漏了一个很重要的步骤，请指出_。（3）为了提高精度，实验小组又增加以下仪器，用“伏安法”再次测量导线圈的电阻Rx：电流表A1(03 A、约5)； 电流表A2(030 mA、约10)；滑动变阻器R1(01 k)； 滑动变阻器R2(050)； 定值电阻R0=60 ； 电源(4 V、约1 )、开关、导线若干。实验小组为使测量过程中电动机不转动而采用了如图乙所示的电路图， 多用电表已选择“直流电压2.5 V”挡作为电压表使用，应选择的电流表是_，滑动变阻器是_。(

8、填写仪器字母符号)实验中给电动机串联R0的原因是_。请依据图乙的实验电路图将图丙所示的实物图用笔画线代替导线将缺少的两根导线补完整。（_）图丁是该实验小组用测得的数值描绘出的图象，其斜率表示的是_(填选项)。A导线圈的电阻 B导线圈的电阻与R0阻值之和12（12分）要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1）：电流表（量程为0250mA内阻约5）；电压表（量程为03V。内限约3k）：电键一个、导线若干。实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_（填字母代号）。A滑动变阻器（最大阻值20，额

9、定电流1A）B滑动变阻器（最大阻值1750，额定电流0.3A）实验的电路图应选用图1中_（填字母代号）。实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图2所示。如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5.0的电源两端，小灯泡消耗的功率是_W。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有一台电动机，内部线圈电阻为8，其两端的电压为380V，通过它的电流为10A，试求：（1）电动机的电功率（2）电动机的机械功率14（16分）如图所示，一带电小球的质量m=210-4kg ,用长为L=0.8m的细线悬挂在水平方向的匀强磁场中O点，场

10、强E=3104N/C, 摆球恰好静止在A点，此时细线与竖直方向夹角为=37o。（g=10m/s2 sin370=0.6 cos370=0.8）求：（1）小球带什么电？电量是多少？（2）某时刻将细线剪断，带电小球将沿什么方向怎么样运动？（3）若把小球由竖直方向的P点静止释放，到达A位置时，电场力做功是多少?15（12分）如图（甲）的演示实验，在上下面都是金属板的玻璃盒内，放了许多用锡箔纸揉成的小球，当上下板间加上电压后，小球就上下不停地跳动。现取以下简化模型进行定量研究：如图（乙）所示，电容为C的平行板电容器的极板A和B水平放置，相距为d，与电动势为E、内阻可不计的电源相连。设两板之间只有一个质

11、量为m的导电小球，小球可视为质点。假设小球与极板发生碰撞后，小球的速度立即变为零，带电情况也立即改变，小球所带电荷符号与该极板相同，电量为极板电量的k倍（k1）。不计带电小球对极板间匀强电场的影响。重力加速度为g。（1）欲使小球能够不断地在两板间上下往返运动，电动势E至少应大于多少？（2）设上述条件已满足在较长的时间间隔T内小球做了很多次往返运动。求：在T时间内电源输出的平均电流。（3）现调整金属板间距足够大,让其接上可充电和放电的电路装置,然后进行下述操作:第一步,给金属A、B板充电,让A、B两极板带上一定的电荷量,使得锡箔纸揉成的小球P在两板间的匀强电场中恰能保持静止状态.第二步,给A、B

12、板继续充电使其电荷量突然增加Q1,让油滴开始竖直向上运动t秒.第三步,在上一步基础上使电容器突然放电Q2,观察到又经t秒后,油滴刚好回到原出发点.设小球P在运动过程中未与极板接触.求Q1和Q2的比值.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据电源可以判断电流方向，对螺线管C，表面电流向上，根据右手定则，内部磁场向左，C磁针北极向左，指向正确；左端是他的N极，外部磁场从N极指向S极，小磁针的北极应该和磁场的方向一致，也应该向右，故b磁针指向错误；电磁铁D，表面电流向左，故左端是它的S极，右侧是其N极，外部磁场

13、从右向左，d磁针指向错误；直导线AB电流向下，俯视磁感线应为顺时针，a磁针指向正确；故选A2、D【解析】A、根据顺着电场线方向电势降低，可知a大于O，O等于c，故A错误；B、等量异种电荷的电场的分布特点，可知Ea大于EO，EO小于Eb，故B错误；CD、因直杆处于ab的连线的中垂线上，所以此线上的所有点的电场方向都是水平向右的，对带电小球进行受力分析，受竖直向下的重力，水平向左的电场力和水平向右的弹力，水平方向上受力平衡，所以在c到d的过程中，小球对杆的作用力方向始终水平向左；竖直方向上的合力大小等于重力，重力大小不变，加速度大小始终等于重力加速度，所以带电小球在c到d的过程中一直做匀加速直线运

14、动，故C错误，D正确；故选D。【点睛】关键是要明确两个等量异种电荷连线及中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，沿着场强方向，电势越来越低，对带电小球进行受力分析，即可得知小球的加速度情况，继而可得知小球的运动情况。3、C【解析】解： 两灯和滑动变阻器组成的电路，其中在干路上， 和变阻器并联后与串联，电压表测量的是两端电压，即测变阻器两端电压.当滑动变阻器的滑片从端向端滑动时，变阻器连入电路中的阻值减小，变阻器与并联的阻值减小，电路的总电阻减小；根据闭合电路欧姆定律，外电阻的减小使干路电流增大，可知通过的电流增大；电源内阻上的电压增大，外电路两端的电压减小，由于电流增大， 的电功率增大， 变亮；

15、且两端电压增大， 两端电压减小，电压表的示数减小； 两端电压减小，使通过的电流减小；且的电功率减小， 变暗.所以C正确4、C【解析】两球之间的作用力是作用力与反作用力，故，同种电荷互相排斥，两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故逐渐减小；【详解】两小球都带正电，同种电荷互相排斥，故两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故逐渐减小，根据牛顿第三定律可知，A对B的库仑力大小为与B对A的库仑力大小为是作用力与反作用力，故，故C正确、ABD错误。【点睛】本题要知道A对B的库仑力大小为F1与B对A的库仑力大小为F2是作用力与反作用力，根据牛顿第三

16、定律可知。5、C【解析】AB电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与放在该点的试探电荷的电量以及电荷的有无均无关，选项AB错误； C根据F=Eq可知，P点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大，选项C正确；DP点的场强方向为放在该点的正电荷所受电场力的方向，选项D错误。故选C。6、A【解析】根据电容的决定式C=S4kd，分析可知，电容与板间距离成反比，当把两金属板拉开一些距离，电容减小；根据C=S4kd，C=Q/U和E=U/d可得：E=4kQS，E与d无关，所以板间场强不变。故A正确；故选：A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合

17、题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】结合等量异号电荷的电场线分布图和等势面分布图进行分析，两个等量负点电荷的连线的中垂线上，沿着电场线电势降低，电场强度最强点在连线中点与无穷远间某个位置【详解】两个等量负点电荷的连线的中垂线上，连线中点的电场强度为零，无穷远电场强度也为零，故从连线中点到无穷远，电场强度先增加后减小；由于+x方向场强向左，-x方向场强向右，故A正确，B错误；两个等量负点电荷的连线的中垂线上，从连线中点到无穷远是逆着电场线，故电势逐渐增加，故C正确，D错误；故选AC【点睛】本题关键是熟悉等量同号电荷和异种电荷之间的电场分别情况，会结合

18、电场线和等势面分析电势和情况的变化8、CD【解析】AB.静电计显示的是A、B两极板间的电压，指针张角越大，表示两板间的电压越高；当合上S后，A、B两板与电源两极相连，板间电压等于电源电压，不管是使A、B两板靠近一些，还是使A、B两板正对面积减小一些，静电计指针张角不变，故选项AB不合题意。CD.当断开S后，根据平行板电容器电容的决定式C=14ksd，板间距离d增大，正对面积S减小，都将使A、B两板间的电容C变小，而电容器所带的电荷量Q不变，由C=QU可知，板间电压U增大，从而使静电计指针张角增大，故选项CD符合题意。9、BD【解析】AB根据串联分压的规律解得电压表的量程A错误，B正确；CD改装

19、后的电压表每小格代表，则图中读数为，C错误，D正确。故选BD。10、BD【解析】试题分析：-x图象的斜率大小等于电场强度，故x轴上的电场强度不同，故A错误；从-x1到x1场强斜率先减小后增大，故场强先减小后增大，故B正确；由图可知，场强方向均指向O，根据对称性可知，一个带正电的粒子在x1点的电势能等于在-x1点的电势能，故C错误；电场线指向O点，则负电荷由-x1到-x2的过程中电场力做正功，故电势能减小，故带负电的粒子在-x1点的电势能大于在-x2的电势能，故D正确；故选BD考点：电场强度；电势及电势能【名师点睛】本题关键要理解-t图象的斜率等于场强，由电势的高低判断出电场线的方向，来判断电场

20、力方向做功情况，并确定电势能的变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1 25 更换到1倍率档位之后没有进行欧姆调零 A2 R2 电动机两端最大电压约为，比电压表量程小得多 B 【解析】(1)12指针指示位置很靠近欧姆“0”刻度,即选择的倍率过大，故应将选择开关旋到“1”欧姆的倍率档.根据图可读出读数为25.(2)3欧姆表更换档位后要重新欧姆调零，故遗漏步骤为：更换到1倍率档位之后没有进行欧姆调零.(3)45电路最大电流约为：选3A量程电流表读数误差太大，因此电流表应选A2，由电路图可以知道滑动变阻器采用分压接法,为方便实验操作,滑动变

21、阻器应选R2.6电动机两端最大电压约为：比电压表量程小得多，故应串联一个电阻.7连接的实物图如图所示：8由电路图可以知道,电压表测定值保护电阻与电动机两端电压，电流表测通过他们的电流，因此U-I图象的斜率是导线圈的电阻与R0阻值之和，所以B正确.12、A B 0.1 【解析】1因实验要求电流从零调，所以滑动变阻器应用分压式接法，应选全电阻最小的变阻器A。2因小灯泡电阻为故电流表应用外接法，又变阻器用分压式，故电路图应选B。3电源与小灯泡直接串联，那么路端电压等于小灯泡两端的电压，画出内阻为5，电动势为1.5V的电源的路端电压与干路电流的关系图线和小灯泡的伏安特性曲线的交点即表示小灯泡与该电源直接串联；根据交点坐标（1.0V，0.1A）可以计算出小灯泡消耗的功率为P=UI=10.1=0.1W四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3800W（2）3000W【解析】（1）电动