2023学年广东省河源市连平县附城中学物理高二第一学期期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为两个点电荷在真空中所产生电场的电场线(方向未标出)图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的

2、中垂线，D为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称则下列说法中正确的是() AD、C两点的电场强度方向相同强弱不同B这两点电荷一定是等量同种电荷C这两点电荷一定是不等量异种电荷DC点与D点的电势不同2、如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8V，乙电路两端的电压为16V，调节变阻器R1和R2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为P1和P2 ，两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙则下列关系中正确的是( )AP甲P乙BP甲P乙CP1 P2DP1P23、如图所示，地面上某个空间区域存在这样的电场，水平虚线上方的场强为E1，方向竖直向下的匀强电场；虚线下方为场强

3、E2、方向竖直向上的匀强电场一个质量m，带电+q的小球从上方电场的A点由静止释放，结果刚好到达下方电场中与A关于虚线对称的B点，则下列结论正确的是（ ）A若A、B高度差为h，则B带电小球在A、B两点电势能相等C在虚线上下方的电场中，带电小球运动的加速度相同D若，则两电场强度大小关系满足E2=2E14、如图所示，一小孩从公园中粗糙的滑梯上自由加速滑下，其能量的变化情况是（）A重力势能减少，动能不变，机械能减少B重力势能减少，动能增加，机械能减少C重力势能减少，动能增加，机械能增加D重力势能减少，动能增加，机械能守恒5、如图所示为一正电荷周围的电场线，电场中有a、b、c三点，其中a、b两点距点电荷

4、的距离相等，a、c两点在同一条电场线上，下列说法中正确的是（ ）Aa、b两点的电场强度大小相等Ba、b两点的电场强度方向相同Cc点的电场强度方向水平向左Dc点的电场强度比a点的电场强度小6、下列说法正确的是（ ）电源电动势在数值上等于电源两端的电压。电源电动势的大小与电源的内部外部均有关系。导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。导体的电阻与导体长度成正比，与导体的横截面积成正反比。ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路中，电源的电动

5、势为E、内电阻为r，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，下面判断正确的是( )AL1和L3变暗，L2变亮BL1变暗，L2变亮，L3变亮CL1中电流变化绝对值大于L3中的电流变化绝对值DL1上的电压变化绝对值小于L2上的电压变化绝对值8、如图所示，有一混合正离子束先后通过正交的电场、磁场区域和匀强磁场区域，如果这束正离子流在区域中不偏转，进入区域后偏转半径r相同，则它们一定具有相同的()A速度B质量C电荷量D比荷9、电源电动势为E，内阻为r，向可变电阻R供电，关于路端电压，下列说法正确的是（）A因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B当R增大时，路端电压也增大C当干路电流

6、I增大时，路端电压也增大D因为U=E-Ir，所以当I增大时，路端电压减小10、质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点不计空气阻力且小球从未落地，重力加速度为g，则 （ ）A从A点到最低点小球重力势能减少了mg2t2B从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2C整个过程中小球所受合外力冲量大小为2mgtD整个过程中小球电势能减少了mg2t2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组在某次物理实验中，描绘一个标有“3 V1.5 W”小灯泡的

7、伏安特性曲线(1)实验电路原理图选用的电路是_(填“甲”或“乙”) 甲 乙(2)实验过程中某次电表的示数如图丙所示，则I_A，U_V.丙 丁(3)如图丁所示为本次实验得到的小灯泡的伏安特性曲线图由图可知，小灯泡两端的电压为1.2V时的电阻为_(保留三位有效数字)12（12分）图（a）为某同学组装完成的简易多用表的电路图，图中E是电池；R1，R2，R3，R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻，表头G的满偏电流为250A，内阻为300，虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用表有5个档位为：直流电压1V档和5V档，直流电流1mA档和2.5mA档，欧姆x1档。(1)图（a）中的A端与_

8、(填红或黑)色表笔相连接。(2)关于R6的使用，下列说法正确的是（_）A在使用多用表之前，调整R6使电表指针指在电表左端0刻度线处。B使用欧姆档时，现将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻0刻度线处C使用电流档时，调整R6使电表指针指在电表右端电流最大位置。(3)某次测量时该多用表指针位置如图（b）所示，此时B端是与3相连的，则读数为_,若此时B端是与5相连，则读数为_(4)改电表的档位1,2都是电流档，其中档位1的量程是_,根据题给的条件可得R1+R2=_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在电

9、场强度为E方向水平向右的匀强电场中，用一根长为L的绝缘细杆（质量不计）固定一个质量为m的电量为q带正电的小球，细杆可绕轴O在竖直平面内自由转动。现将杆从水平位置A轻轻释放，在小球运动到最低点B的过程中. 求:（1）电场力对小球作多少功？ 小球的电势能如何变化？ （2）A、B两位置的电势差多少？（3）小球到达B点时的速度多大？（4）在最低点时绝缘杆对小球的作用力？14（16分）如图所示，一质量M=2kg的上表面光滑的U形物块A静止在光滑水平面上，另有一质量m=lkg的小物块B在其上表面以v0=3m/s的速度向右运动，A和B第一次碰撞为弹性碰撞，第二次碰撞后两者粘在一起形成一个整体。求；（1）A和

10、B第一次碰撞后两者各自速度的大小和方向；（2）A和B第二次碰撞过程中、B组成的系统损失的机械能。15（12分）如图所示，一质量为m、电荷量为q（q0）的例子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30不计重力求A、B两点间的电势差参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，A、B是两个等量异种电荷故A正确；B错误；根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成

11、，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以C点的电势等于D点的电势，故C正确；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断，所以C点的电场强度比D点的电场强度大，故D正确2、D【解析】设灯泡的额定电流为I，则甲电路干路电流2I,=,=因为所以可确定=变阻器消耗的功率等于总功率减去电灯消耗功率，因为灯泡相同且都正常发光说明在两电路中消耗功率相同，即P1P2选D3、D【解析】AB对A到B的过程运用动能定理得qUAB+mgh=0解得：，知A、B的电势不等，则电势能不等，AB错误；CA到虚线速度由零加速至v，虚线到B速度v减为零，

12、位移相同，根据匀变速运动的推论知，时间相同，则加速度大小相等，方向相反，C错误；D在上方电场，根据牛顿第二定律得：在下方电场中，根据牛顿第二定律得，加速度大小为：因a1=a2解得：若，则有：E2=2E1，D正确。故选D。4、B【解析】小孩加速滑下，高度不断减小，重力做正功，重力势能减小；速度增大，动能增加；小孩在下滑过程中与滑梯摩擦生热，一部分机械能转化成内能，导致机械能总量减小，而总能量不变，故B正确，ACD错误。故选B。5、A【解析】AB. 因a.b两点距点电荷的距离相等，依据点电荷电场强度表达式E=kQr2，则有A.B两点的电场强度大小相等，方向不同，故A正确，B错误；C. 由于点电荷带

13、正电，所以可判断c点的电场强度方向水平向右，故C错误；D. 根据电场线的疏密程度，可知，c点的电场强度比a点的电场强度大，故D错误；故选：A.6、C【解析】电源的电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，但在数值上电动势等于内外电压之和不变，在数值上也等于没有接入电路时电源两端的电压，与电源的内部外部无关，故 说法错误；欧姆定律的内容是一段导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比，故说法正确；由可知导体的电阻与导体的长度成正比，与导体的横截面积成正比，故说法正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的

14、。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB.当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗；电路中电流减小，故内阻及R0、L1两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L2变亮；因L2中电流增大，干路电流减小，故流过L3的电流减小，故L3变暗；故A正确B错误。C. 因L1中电流减小，L3中电流减小，而L2中电流增大；开始时有：I1=I2+I3故I1电流的变化值一定小于L3中电流的变化值；故C错误；D. 因并联部分的电压与L1、R0及内电阻上的总电压等于电源的电动势；L2两端的电压增大，L

15、1、R0及内阻r两端的电压减小，而电动势不变，故L2两端电压增大值应等于其它三个电阻的减小值，故L1上电压变化值小于L2上的电压变化值，故D正确；8、AD【解析】A.离子流在区域中不偏转，一定是qEqvB，vEB，故A正确；B.进入区域后，做匀速圆周运动的半径相同，由rmvqB知，因v、B相同，所以只能是比荷相同，故D正确，B、C错误。故选：AD9、BD【解析】A电源电动势不变，而路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小。故A错误。B当R增大时，I减小，不能根据U=IR判断路端电压的变化，而应由U=E-Ir分析，E，r不变，I减小，得到U增大。故B正确。C当I增大时，说明R减小，不能根据U=I

16、R判断路端电压的变化，而由U=E-Ir分析，E，r不变，I增大，得到U减小。故C错误。D根据闭合电路欧姆定律U=E-Ir可知，I增大时，路端电压U减小。故D正确。10、AC【解析】A小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则又v=gt，解得a=3g则小球回到A点时的速度为v=v-at=-2gt减速时候加速度为自由下落时3倍，所以时间为自由下落的三分之一，总位移为：所以重力势能变化为：故A错误；B最低点时小球速度为零，所以加电场开始到最低点时，动能变化：故B错误；C规定向下为正方向，根据动量定

17、理得：p=-mgt-0=-2mgt所以整个过程中小球合外力的冲量为2mgt，故C正确；D由牛顿第二定律得：，解得：整个过程中小球电势能减少了故D错误故选AC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、甲0.442.403.75【解析】（1）因本实验中要求多测数据，并且要求数据由零开始调节，故应采用分压接法；同时因灯泡内阻较小，故采用电流表外接法，故采用甲电路。（2）电流表选用0.6A量程，故最小分度为0.02A，则指针示数为0.44A；电压表量程选择3V，最小分度为0.1V，则指针的示数为2.40V.（3）由图可知，当电压为1.2V时，电流为0

18、.322A；电阻.12、黑 B 11 2.95V 2.5mA 100 【解析】（1）根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接黑表笔，这样才能保证在测电阻时电流表中电流“红进黑出”。（2）由电路图可知，R6只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流档时也不需要时行调节，故B正确，AC错误。（3）若此时B与“3”相接，欧姆表的倍率为1挡，则读数为11。若此时B端是与5相连，由图可知是5V档，由图示表盘可知，其分度值为0.1V，所示读数为：2.95V。（4）直流电流档分为1mA和2.5mA，由图可知，当接1时应为2.5mA；当接2时应为1mA，根据串并联电路规律可知R1+R2=IgRgI-Ig=25010-6300110-3-25010-6=100。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）W=qEL；电场力做正功，电势能减少；（2）EL（3）（4）3mg+2qE【解析】（1）电场力最小球做的功：W=qEL; 电场力做正功，电势能减少；（2）AB两点的电势差：U=EL（3）根据动能定理得：mgL+qEL=mvB2-0解得： （4）根