2022届重庆市普通高中高三(下)学业水平选择性考试第二次联合诊断检测物理试卷及答案

1、2022 届重庆市普通高中高三（下）学业水平选择性考试第二次联合诊断检测物理试题学校:姓名：班级：考号： 一、单选题某同学家住一小区 18 楼。该同学两次乘电梯从 1 楼到 18 楼，第一次从 1 楼直达（中途未停）18 楼，电梯对该同学做功 W1；第二次从 1 楼到 18 楼过程中，有其他人在 6 楼上下，全过程电梯对该同学做功W2.该同学两次乘电梯时质量相同，则关于W1、W2 大小关系，下列说法正确的是（）AW =WBW WCW WD条件不足，无法判断121212某电场的电场线分布如图所示，一带电粒子仅在电场力作用下沿虚线由A 点运动到 B 点，则（）ABA电场强度 E EpApBC粒子电

2、势能 EEB电势 ABkAkBD粒子动能 EE查阅资料知，“全飞秒”近视矫正手术用的是一种波长 1.053 106 m 的激光。已知普朗克常数h 6.631034 J s ，光在真空中传播速度c 3108m/s ，则该激光中光子的能量约为（） A1.910-18JB1.910-19JC2.210-18JD2.210-19J42021 年下半年，东北一些地区、一些时段实行了限电、停电，引起人们对输电、用电、节能的关注。某电站的电能输送示意图如图所示，升压变压器与降压变压器间输电线总电阻为r，升压变压器原、副线圈匝数之比1 m ，降压变压器原、副线圈匝数之比 n nnn324 k 。变压器均为理想

3、变压器，如果发电机的输出电压为 U1，用户输入端电压为 U2，用户消耗电功率为 P，则输电线上消耗电功率为（）P2 mP 2P2 kP 2 mU r1 rU1 kU r2 rU2 52022 年 1 月 14 日，南太平洋岛国汤加一座海底火ft喷发，给人类带来巨大灾难。有科学家认为地球的自转将因火ft、地震、海啸等自然现象而缓慢变快。如果地球自转变快，下列说法正确的是（） A地球南、北两极的重力加速度变大C地球同步卫星的高度将变大B地球南、北两极的重力加速度变小D地球同步卫星的高度将变小如图所示，A、B、C、D、E、F 是正六边形的顶点，O 为正六边形的中心。两根分别固定在C、F 两点且均垂直

4、于正六边形所在平面的长直导线（图中未画出），通有大小相等、方向相反的恒定电流。则与 A 点磁感应强度相同的点是（）AO 点BB 点CD 点DE 点日常生活、生产中，常常需要将物体水平移动。一重量为 G 的物体与水平面间动摩擦因数为0.75，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，则要使该物体沿该水平面做匀速直线运动的 最小拉力为（ ）A0.75GB0.6GC0.5GD0.3G如图所示，将不同材料制作的甲、乙细管竖直插入水中，甲管内水面低于管外水面，乙管内水面高出管外水面。下列说法正确的是（ ）水与甲管的现象叫做浸润，水与乙管的现象叫做不浸润B与甲管接触附着层内的水分子之间的作用表现为斥力C两

5、图现象均是毛细现象 D用乙管材料制作防水衣防水效果比甲管材料好图为 t=0 时刻一列沿 x 轴正方向传播的简谐横波的完整波形图，波速大小为10m/s，P 点位于 x轴上且横坐标为 10m，下列说法正确的是（ ）该简谐横波的频率为 0.4Hz Ct=0.7s 时，P 点的位移 yP=10cmBP 点开始振动的方向沿-y 方向D从 t=0 到 t=0.7s，P 点振动路程为 0.7m二、多选题一长为 2m、电流强度为1A 的通电直导线处于匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度大小为0.5T，则该通电直导线所受磁场作用力大小可能为（）A0B1NC2ND3N 11篮球比赛中，常有运动员将篮球抛入篮筐，球空心

6、入网（篮球不接触篮筐）。某同学据此进行 一个小游戏，如图所示，水平地面上P、M、N 三点在同一直线上，距离d=2m，l=0.4m，在 P 点正上方高 h=0.2m 的 O 点，将一小球（可视为质点）以速度 v 水平抛出，小球落在 M、N 间，不计空气阻力，重力加速度 g 取 10m/s2，则速度 v 大小可能为（）A9.5m/sB10.5m/sC11.5m/sD12.5m/s 12如图所示，xOy 平面第一象限有垂直纸面向里的磁场，其磁感应强度B 随横坐标 x 变化的关系为 B k（k 为大于零的常量）。一边长为 a、电阻为 R 的单匝正方形金属线框以速度 v 沿 x 轴正x a方向匀速运动，

7、t=0 时刻线框右侧与 y 轴重合，在线框匀速进入磁场的过程中（）A线框进入磁场过程中的电流方向为逆时针方向B线框全部进入磁场后，线框中无电流C t a2kv时刻，线框中感应电流大小为D t a2k 2v时刻，线框所受安培力大小为2v3R2v3R三、实验题某学习小组在学习了“胡克定律”后，进行探究“橡皮筋弹力与橡皮筋伸长量的关系”实验。实验器材：一条两端带有细绳套的橡皮筋，一个标准测力计，刻度尺。实验步骤：将橡皮筋一端固定，另一端用标准测力计拉伸，记录测力计的读数F，并用刻度尺测量此时橡皮筋的伸长量 x；多次实验，记录多组实验数据如下表：（橡皮筋始终在弹性限度内）次数123456F（N）1.0

8、2.03.04.05.06.0 x（cm）0.651.803.425.438.0511.79请根据表格数据，在如图所示坐标纸上描点，作出F-x 图象。()根据 F-x 图象说明：橡皮筋弹力与橡皮筋伸长量的关系（填“符合”或“不符合”）“胡克定律”。根据 F-x 图象可知，当橡皮筋伸长量为 10.00cm 时，该橡皮筋的弹力大小为N。新冠疫情期间，测温仪器广泛使用。小王同学想利用某金属热电阻制作一个简易测温仪器。图 1 中的两条斜线表示金属热电阻的阻值Rt 随温度 t 的变化关系，其中一条为理论值，另一条为该同学用图 2 所示电路测量的值，则（填“”或“”）为理论值。现用一节干电池（电动势为1.

9、5V，内阻为 1）、电流表（量程 010mA，内阻为 12）、滑动变阻器、开关及导线若干，按图3 所示电路图连接实物。闭合开关，调节滑动变阻器，使温度为0时电流表满偏，则按图 1 中理论值可以算出，此时滑动变阻器连入电路的阻值为；3保持滑动变阻器的滑片位置不动，温度改变后，电流表示数达到满偏电流的 ，则按图1 中理论值5可以算出，此时的温度为。利用上述方法，可以将电流表刻度线改成温度刻度线，则温度刻度线是（填“均匀”“左疏右密”或“左密右疏”）的。该测温仪使用较长时间后，干电池电动势减小，内阻增大，则测量结果（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。四、解答题如图所示，直角坐标系xOy 处于垂直

10、坐标平面向里的磁场中，y0 区域匀强磁场的磁感应强度大小为2B。一质量为m、电荷量为q 的带正电粒子，从坐标原点 O 沿 y 轴正方向以速度 v 运动，不计粒子重力。求：粒子从 O 点出发第一次到达 x 轴所经过的时间；粒子第一次到达 y 轴的位置到 O 点的距离。“鲁布戈德堡机械”是用迂回曲折的连锁机械反应完成一些简单动作的游戏。图为某兴趣小组设计的该类游戏装置： AB 是半径为 2L 的光滑四分之一圆弧轨道，其末端B 水平；在轨道末端等高处有一质量为 m 的“ ”形小盒 C（可视为质点），小盒 C 与质量为 3m、大小可忽略的物块 D 通过光滑定滑轮用轻绳相连，左侧滑轮与小盒 C 之间的绳

11、长为 2L；物块 D 压在质量为 m 的木板E 左端，木板 E 上表面光滑、下表面与水平桌面间动摩擦因数 0.5（最大静摩擦力等于滑动摩擦力），木板E 右端到桌子右边缘固定挡板（厚度不计）的距离为 L；质量为 m 且粗细均匀的细杆F 通过桌子右边缘的光滑定滑轮用轻绳与木板E 相连，木板E 与定滑轮间轻绳水平，细杆F 下端到地面的距离也为 L；质量为m 的圆环（可视为质点）套在细杆F 上端，环与杆之间滑动摩擦力和最大静摩27擦力相等，大小为 6 mg 。开始时所有装置均静止，现将一质量为m 的小球（可视为质点）从圆弧轨道顶端 A 处由静止释放，小球进入小盒C 时刚好能被卡住（作用时间很短可不计）

12、，然后带动后面的装置运动，木板E 与挡板相撞、细杆F 与地面相撞均以原速率反弹，最终圆环刚好到达细杆的底部。不计空气阻力，重力加速度为 g，求：小球与小盒C 相撞后瞬间，与小盒C 相连的绳子上的拉力大小；细杆F 的长度。如图所示，长度L=20cm 的圆柱形导热汽缸水平固定放置，左端开口，右端封闭，汽缸内距底部 x=10cm 处有一横截面积S=110-3m2 的活塞，封闭有一定质量的理想气体。汽缸壁、汽缸底及活塞厚度均不计，活塞与汽缸壁间气密性良好，活塞与汽缸壁间最大静摩擦力f=50N（最大静摩擦力T等于滑动摩擦力）。开始时活塞与汽缸壁间无摩擦，汽缸内气体温度 =300K，外界大气压0p=1.0

13、105Pa。现对密闭气体缓慢加热，求：0活塞恰好开始运动时，密闭气体的温度；当温度缓慢升高到 600K 时，活塞移动过程中气体对外做的功。图是半径为 R 的半圆柱形玻璃砖的横截面，O 为半圆圆心，AB 为直径，点 E 位于半圆弧上， 且 OEAB，一束极细的单色光以平行于 OE 的方向从距 AB 边 R 的 D 点由真空中射入玻璃砖，经2AB 边一次反射后射到 E 点。求：该玻璃砖对该单色光的折射率；试分析、判断光线会不会从 E 点射出。参考答案：1A【解析】【详解】该同学两次乘电梯时质量相同，竖直方向位移相同，重力势能增量相同，动能变化量均为零，故机 械能增量相同，电梯全程对该同学做功相同，

14、即故选A。2C【解析】W W12【详解】AB由B 点电场线较A 点密集，则电场强度E EAB沿电场线电势逐渐降低，则电势故 AB 错误； ABEECD电场力指向运动轨迹的凹侧，知带电粒子带负电，粒子仅在电场力的作用下沿虚线由A 点运动到B 点，电场力做正功，动能增加电势能减小故 C 正确，D 错误。故选C。3B【解析】【详解】由pApB h联立解得 c故选B。4C【解析】【详解】由题知，降压变压器副线圈电流 1.91019 JI P4U降压变压器原线圈电流nI43n32IP4kU2则升压变压器与降压变压器间输电线上消耗电功率P2P I 2r r故选C。5D【解析】【详解】AB由黄金代换公式3k

15、U2g GMR2可知，南、北两极的重力加速度与地球自转无关，A 错误，B 错误；CD设地球的自转周期为T0，同步卫星应满足GMm 2 2mr r 2T0地球自转加快时，T0变小，则 r 变小， C 错误，D 正确。故选D。6C【解析】【详解】如图；假设F 处导线电流垂直纸面向里，C 处直导线电流垂直纸面向外，则由安培定则及矢量合成法则，可得与 A 点磁感应强度相同的点是 D 点。故选C。7B【解析】【详解】设物体沿水平面做匀速直线运动时拉力大小为F，拉力方向与水平方向夹角为 ，水平面对物体的支持力大小为F ，对物体进行受力分析如图所示N由平衡条件有F sin G FNF cos FNG F 3

16、 F2N2 4N 16 F25 1629N 25 G 25 G2联立解得F 由几何知识可知，当时，F 有最小值16NF 25 GF 0.6Gmin故选B。8C【解析】【详解】A水与甲管的现象叫做不浸润，水与乙管的现象叫做浸润，故A 错误； B水不会润湿甲材料，与甲管接触附着层内的水分子之间的作用表现为引力，故B 错误： C浸润液体在细管中上升的现象，以及不浸润液体在细管中下降的现象，称为毛细现象，两图现 象 均 是 毛 细 现 象 ， 故 C 正 确 ： D水会润湿乙管材料并附着在其表面上，不适合制作防水衣，故D 错误。故选C。9C【解析】【详解】由图知，该简谐横波波长 4m ，波速v 10m

17、/ s ，则T 0.4sv故A 错误；1f 2.5HzT因波传到 x=4m 的位置时质点沿+y 方向振动，可知 P 点开始振动的方向沿+y 方向，故B 错误；CD当波刚好传到 P 处时，历时t ，则t 1x 4mPv 0.6s当t 0.7s时，P 点已振动t t 4 T ，故 P 点的位移yP A 10cm00.7s 内，P 点振动路程为 10cm，故C 正确，D 错误。故选C。10AB【解析】【 详 解 】 A当通电直导线与强磁场方向平行时，其所受安培力大小为零，A 正确； B当通电直导线与匀强磁场方向垂直时，F BIL 0.5 1 2N 1N安B 正确；C D当通电直导线与匀强磁场方向夹角

18、为 （ 0 90 ）时，通电直导线所受安培力为F ，则安F BIL sin 安 90 时又00 sin 1得C、D 错误。故选AB。11BC【解析】【详解】设小球从抛出到落地历时 t，竖直方向有0 F 1N安h 1 gt 22代入数据可得t 0.2s当小球恰好落在 M 点时，水平方向有d v t1当小球恰好落在 N 点时，水平方向有d l v t2故要使小球落在 M、N 之间，速度 v 应满足v v v12代入数据可得故选BC。12AC【解析】10m / s v 12m / s【详解】线框进入磁场过程中，穿过线框的磁通量增加，由楞次定律可知，线框中的电流方向为逆时针方向，A 正确；线框全部进入

19、磁场后，磁感应强度变小，磁通量减小，线框中有顺时针方向的电流，故 B 错误；当t a 时刻2v线框右边的磁感应强度x vt a2B ka a2 2k3a此时线框中的电流I Bav 2kv线框所受安培力大小13不符合5.6（5.55.7 均可）C 正确，D 错误。故选AC。R3RF BIa 2k a 2kv 4k 2v3a3R9R【解析】【详解】（2）1以表格中的橡皮筋的伸长量 x 为横坐标，测力计的读数 F 为纵坐标，将各组数据所对应的点描在坐标纸上，描出点后用平滑的曲线将各点连成线。（3）2根据胡克定律，橡皮筋弹力与橡皮筋伸长量成正比，1中所做 F-x 图像不是过原点的倾斜直线，故橡皮筋弹力

20、与橡皮筋伸长量的关系不符合胡克定律。（4）3 根据 F-x 图象可知，当橡皮筋伸长量为10.00cm 时，该橡皮筋的弹力大小为5.6（5.55.7 均可）N。14I37250左密右疏大于【解析】【详解】（1）1该电路为电流表内接，测量值大于理论值，故为理论值。（2）23由图象可得：0时，金属热电阻的阻值R 100t由闭合电路欧姆定律E Ir Rt解得R Rg gR 37根据题图 1 中线可查得，对应温度为 250。E 3 Ir R Rrg解得R5gR 200t根据题图 1 中线可查得，对应温度为 250。（3）4由题图 1 中的 I 理论值图线知R kt 100 （k 为常量且k 0 ）t又R

21、 RE Ir R代入数据可得tgt 1.5 150kIk描绘出大致t I 图象如图，由数学关系可得，将电流表刻度线改成温度刻度线后，温度刻度线左密右疏。（4）5电源电动势变小，相同电流时金属热电阻的实际阻值变小，所对应的实际温度偏低，故测 量值大于真实值。 mmv15（1）【解析】2qB；（2）qB【详解】设粒子在 y 0区域做匀速圆周运动的半径为 r，则有qv 2B m v2r2 rTv解得 mT qB粒子从 O 点出发第一次到达 x 轴所经过的时间为t T2联立解得 mt 2qB设粒子在 y 0 区域做匀速圆周运动的半径为 R，有qvB m v2R解得R mvqB则有R 2rmv则可知粒子

22、第一次到达 y 轴的位置到 O 点的距离为。qB16（1） 3mg ；（2） 6 L7【解析】【详解】设小球滑出圆弧轨道时的速度为v，刚被卡住瞬间速度为 ，与小盒C 相连的绳子上的拉力v0大小为 T。对小球从A 到B，由动能定理得mg 2L 1mv220小球撞击C 瞬间，二者组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得mv0 (m m)v对小球和C 组成的系统，由圆周运动公式可知，与小盒C 相连的绳子上的拉力大小v2T 2mg 2m2L解得T 3mg由（1）知，当小球刚被小盒C 卡住时，物块D 对木板E 压力为零，此时桌面对木板E 的最大静摩擦力f umg由f m 1m g2知，木板E 将向右运动；木

23、板E 向右运动与挡板相撞前，将木板E、圆环和细杆F 视为一个整体，设加速度大小为 a；由牛顿第二定律 m 1 umg m m 1解得对圆环由牛顿第二定律m g22a g5m a21 mg f 1 ma 22可知圆环所受摩擦力f 310mg f滑 7 mg 6所以木板E 向右运动与挡板相撞前，圆环与细杆F 之间未发生相对滑动。假设第一次相撞的速度大小为v ，则由匀变速直运动推导公式1v2 2aL1由分析知，第一次相撞后细杆 F 与圆环发生相对滑动，假设相撞后，圆环向下做匀减速直线运动的加速度大小为a1，木板E 向左、细杆F 向上做匀减速直线运动的加速度大小为a2，则对圆环由牛顿第二定律711mgmgma6221对木板E 向左、细杆F 整体由牛顿第二定律7 mg mg