云南省文山州广南县第一中学2022-2023学年物理高三第一学期期中学业质量监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在水平面上静止地放一足够长的长木板N，将一铁块M放在长木板上，在长木板的右端加一水平向右的拉力F，拉力的大小由零逐渐增大已知铁块的质量为、长木板的质量为m，铁块与长木板间的动

2、摩擦因数为、长木板与水平面间的动摩擦因数为，且满足最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，重力加速度用g表示，则（ ）A如果外力，则铁块与长木板静止在水平面上不动B如果外力，则铁块的加速度大小为C如果外力，则铁块与长木板之间有相对运动D在逐渐增大外力F的过程中，铁块加速度的最大值等于2、如图所示是磁带录音机的磁带盒的示意图，A、B为缠绕磁带的两个轮子边缘上的点，两轮的半径均为r，在放音结束时，磁带全部绕到了B点所在的轮上，磁带的外缘半径R=3r，C为磁带外缘上的一点现在进行倒带，则此时（ ）AA,B,C 三点的周期之比为 3：1：3BA,B,C 三点的线速度之比为 3：1：3CA,B,C 三点的角速度

3、之比为 1：3：3DA,B,C 三点的向心加速度之比为 6：1：33、如图所示，、为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的点放一个负点电荷（不计重力），点为连线中垂线上一点且，点电荷从点由静止释放经点运动到点的过程中，下列说法正确的是（ ）A点电荷的速度一定先增大后减小B点电荷的加速度一定先减小后增大C点电荷的电势能一定先增大后减小D点电荷在点电势最大，动能为零4、质量为的同学，双手抓住单杠做引体向上，他的重心的速率随时间变化的图象如图所示取，由图象可知A时他的加速度B他处于超重状态C时他受到单杠的作用力的大小是D时他处于超重状态5、.教科书中这样表述牛顿第一定律：一切物体总保持匀速直线运动状

4、态或静止状态，直到有外力迫使它改变这种状态为止其中“改变这种状态”指的是改变物体的（ ）A速度B加速度C位置D受力6、一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其图像如图所示，则（ ）A质点做匀速直线运动，速度为B质点做匀加速直线运动，加速度为C质点在1s末速度为D质点在第1s内的位移为1.5m二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法中正确的是_。A气体扩散现象表明气体分子间存在斥力B布朗运动就是液体分子的无规则运动C常见的金属都是多晶体D一定质量的理

5、想气体，在等压膨胀过程中内能一定增大E. 已知阿伏伽德罗常数、某种理想气体的摩尔质量和密度，就可以估算出该气体分子间的平均距离8、一质量为0.2kg的物体在水平面上运动，它的两个正交分速度图象分别如图所示，由图可知，下列说法中错误的是()A开始4s内物体的位移为8mB开始4s内物体的平均速度为2m/sC从开始至6s末物体一直做曲线运动D开始4s内物体做曲线运动，接着2s内物体做直线运动9、有一种电荷控制式喷墨打印机，它的打印头的结构简图如图所示其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒，此微粒经过带电室带上电后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上，显示出字符不考虑墨汁的重力，为使打在纸上

6、的字迹缩小（偏转距离减小），下列措施可行的是A减小墨汁微粒的质量B增大偏转电场两板间的距离C减小偏转电场的电压D减小墨汁微粒的喷出速度10、如图倾角为的斜面上有A、B、C三点，现从这三点分别以不同的初速度水平抛出一小球，三个小球均落在斜面上的D点今测得AB：BC：CD=5：3：1，由此可判断（ ）AABC处抛出的三个小球运动时间之比为3：2：1BABC处抛出的三个小球的速率变化率之比为3：2：1CABC处抛出的三个小球的初速度大小之比为3：2：1DABC处抛出的三个小球落在斜面上时速度与斜面间的夹角之比为1：1：1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演

7、算过程。11（6分）如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验必须要求满足的条件是_A斜槽轨道必须是光滑的B斜槽轨道末端的切线是水平的C入射球每次都要从同一高度由静止滚下D若入射小球质量为m1，被碰小球质量为m2，则m1m2(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程，然后，把被碰小球m1静置于轨道的末端，再将入射球m1从斜轨S位置静止释放，与小球m2相撞，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是_(填选项的符号)A用天平测量两个小球的质量m1、

8、m2B测量小球m1开始释放高度hC测量抛出点距地面的高度HD分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE测量平抛射程(3)若两球相碰前后的动量守恒，则其表达式可表示为_(用(2)中测量的量表示)；12（12分）某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如左图所示在气垫导轨上相隔一定距离的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连滑块在细线的牵引下向左加速运动，滑块上的遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如右图所示的电压U随时间t变化的图象（1）当采用左图的实验装置进行实验时，下

9、列说法正确的是_A滑块P机械能守恒B钩码Q机械能守恒C滑块P和钩码Q组成的系统机械能守恒（2）实验前，接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，当右图中的t1_t2(填“”、“”或“”)时，说明气垫导轨已经水平（3）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由左图所示位置释放，通过计算机得到右图所示图像，若测得t1，t2 遮光条宽度d，AB间距为L，滑块质量M，钩码质量m，若上述物理量满足关系式_，则表明上述研究对象机械能守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）民航客机

10、一般都有紧急出口，发生意外情况的飞机紧急着陆后，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，形成一条连接出口与地面的斜面，人员可沿着斜面滑行到地上，如图甲所示，图乙是其简化模型。若紧急出口下沿距地面的高度h=3.0m，气囊所构成的斜面长度L=5.0m。质量m=60kg的某旅客从斜面顶端由静止开始滑到斜面底端。已知旅客与斜面间摩擦因数=0.55，不计空气阻力及斜面的形变，旅客下滑过程中可视为质点，取重力加速度g=10m/s2。求：(1)旅客沿斜面下滑时的加速度大小；(2)旅客滑到斜面底端时的速度大小；(3)旅客从斜面顶端滑到斜面底端的过程中，斜面对旅客所施加的支持力的冲量的大小和方向。14（16分）如图

11、所示，和两轻绳共同悬挂一质量为m的物体，若保持绳的方向不变，与竖直方向的夹角为60，改变绳的方向，试求：（1）物体能达到平衡时，角的取值范围.（2）在090的范围内，求绳上拉力的最大值和最小值.15（12分）已知太阳光从太阳射到地球需要500s，地球公转轨道可近似认为是圆轨道地球的半径为6.4103 km试估算太阳的质量M和地球的质量m之比(结果保留1位有效数字)参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：N与地面的最大静摩擦力，若，可知铁块与长木板不一定静止在水平面上不动，故A错误；如果外力，假设M和

12、N保持相对静止，整体的加速度，此时M和N间的摩擦力，假设成立，可知铁块的加速度为，故B正确；M和N发生相对滑动的临界加速度，对整体分析，解得发生相对滑动的最小外力，故C错误； M和N发生相对滑动的临界加速度，可知增大外力F的过程中，铁块的最大加速度为，故D错误考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【名师点睛】本题考查了牛顿第二定律的临界问题，知道M和N发生相对滑动的临界条件，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用2、B【解析】靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，故A、C两点的线速度相等，即：vA：vC=1：1；C的半径是A的半径的2倍，根据v=r，知A：C=2：1B与

13、C属于同轴转动，所以B=C根据周期与角速度的关系：T=2/所以：；B=C，则TB=TC；所以：A、B、C三点的周期之比1：2：2故A错误；B与C的角速度相等，由v=r可知：vB：vC=1：2；所以A、B、C三点的线速度之比2：1：2故B正确；由于A：C=2：1，B=C所以A、B、C三点的角速度之比2：1：1故C错误；向心加速度a=v，所以：aA：aB：aC=AvA：BvB：CvC=22：11：12=9：1：2故D错误故选B点睛：解决本题的关键知道靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，共轴转动的点具有相同的角速度掌握线速度与角速度的关系，以及线速度、角速度与向心加速度的关系3、A【解析】根

14、据点电荷电场强度的叠加法则可知，同种正电荷的中垂线上，由O点向两边，电场强度方向向两边延伸，且大小先增大后减小A、在a点静止释放一个负点电荷q，它只在电场力作用下，先向下加速，到达O点之后，速度方向与电场力方向相反，向下减速运动，直到b点速度减为零，故点电荷q的速度一定先增大后减小，A正确；B、同种正电荷的中垂线上，由O点向两边，电场强度方向向两边延伸，且大小先增大后减小，由于不知道a点的位置位于最大值的上方还是下方，故存在两种可能，一种可能为：加速度先减小后增大；另一种可能为：加速度先增大后减小再增大再减小，故B错误；CD、负点电荷q从a点运动到O点，电场力做正功，从O点到b点，电场力做负功

15、，故电势能先减小后增大，在O点动能最大，电势能最小，电势最大，故CD错误4、B【解析】速度时间图象的斜率表示加速度，根据图象求出t=0.4s和t=1.1s时的加速度，再根据牛顿第二定律求出单杠对该同学的作用力根据加速度方向分析人的运动状态.【详解】A、根据速度图象的斜率表示加速度可知，t=0.5 s时，他的加速度为0.3 m/s2，选项A错误；B、t=0.4 s时他向上加速运动，加速度方向竖直向上，他处于超重状态，B正确；C、t=1.1 s时他的加速度为0，他受到的单杠的作用力刚好等于重力600 N，C错误；D、t=1.5 s时他向上做减速运动，加速度方向向下，他处于失重状态，选项D错误；故选

16、B.【点睛】根据速度时间图象斜率代表加速度的特点，可以计算t=0.5s时的加速度；根据加速度的方向，可以确定他的超、失重状态.5、A【解析】一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，有外力作用后，物体的速度发生变化，即不再是匀速直线运动状态或静止状态，所以“改变这种状态”指的是改变物体的速度A. 速度，与结论相符，选项A正确；B. 加速度，与结论不相符，选项B错误；C. 位置，与结论不相符，选项C错误；D. 受力，与结论不相符，选项D错误6、D【解析】AB由图可知与t的函数关系为，由匀变速直线运动的位移公式：得，对比可知，质点做匀加速直线运动，初速度为，加速度为。故AB不符合题意。C质点的初速

17、度，在1s末速度为故C不符合题意。D质点在第1s内的位移为 故D符合题意。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CDE【解析】扩散现象是指分子能够充满整个空间的过程，它说明分子永不停息地运动，与分子之间存在斥力无关，故A错误；布朗运动是固体小颗粒的运动，它间接说明分子永不停息地做无规则运动，故B错误；金属是多晶体，故C正确；由盖吕萨克定律可知，理想气体在等压膨胀过程中气体温度升高，气体内能增加，故D正确；已知阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度，估算出该气体分子间的平均

18、距离为，故E正确。所以CDE正确，AB错误。8、AD【解析】试题分析：图象与时间轴围成的面积为物体运动的位移，开始4s内物体x方向位移8m，y方向位移8m，所以开始4s内物体的位移为82m，故B错误，A正确开始时物体初速度方向为x方向，加速度方向为y方向，两者不在一条直线上，所以物体做曲线运动，4s末物体的速度方向与x方向夹角的正切值为vyvx=2，加速度方向与x方向夹角的正切值为ayax=2，所以速度方向与加速度方向在同一条直线上，所以物体要做直线运动故C错误，D正确故选BD.考点：运动的合成.9、BC【解析】微粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平抛运动，则有：水平方向：；竖直方向：，加速

19、度：，联立解得：，要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏转角y由上式分析可知，采用的方法有：增大墨汁微粒的质量、增大转电场两板间的距离、减小偏转极板间的电压U、增大墨汁微粒的喷出速度，故AD错误，BC正确；10、ACD【解析】A、因为AB:BC:CD=5:3:1，三个小球均落在D点，则三个小球的竖直位移之比为hAD:hBD:hCD=9:4:1，根据初速度为零的匀变速直线运动的规律，t1：t2：t3=3：2：1，故A正确；B、三小球都做平抛运动，加速度相同，速度变化率相同，B错误；C、因为平抛运动的水平位移之比为9:4:1，时间之比为3:2:1，可知三个小球的初速度之比为3:2:1，C正确；D

20、、平抛运动在某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为小球均落在斜面上，位移与水平方向的夹角不变，则速度与水平方向的夹角相等，故D正确故选ACD.点睛：根据三个小球的位移之比得出三个小球平抛运动的高度之比和水平位移之比，根据位移时间公式求出运动的时间之比，根据时间和水平位移之比求出初速度之比抓住某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，分析落在斜面上的速度方向与初速度方向夹角的关系三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BCD ADE 【解析】在验证动量守恒定律的实验中，运用平抛运

21、动的知识得出碰撞前后两球的速度，因为下落的时间相等，则水平位移代表平抛运动的速度根据实验的原理确定需要测量的物理量【详解】（1）因为平抛运动的时间相等，根据v=x/t，所以用水平射程可以代替速度，则需测量小球平抛运动的射程间接测量速度故应保证斜槽末端水平，小球每次都从同一点滑下，但是轨道不一定是光滑的；同时为了使得被碰球能飞的更远，防止入射球反弹，球m1的质量应大于球m1的质量；故BCD正确，A错误；故选BCD.（1）根据动量守恒得，m1v0=m1v1+m1v1，两球碰撞前后均做平抛运动，根据x=vt可以，由于时间相同，则x与v成正比，则要验证的关系可表示为： m1OP=m1OM+m1ON，所

22、以要分别找到m1、m1相碰后平均落地点的位置M、N，从而测量线段OM、OP、ON的长度外，同时还需要测量的物理量是小球1和小球1的质量m1、m1故选ADE.（3）若两球相碰前后的动量守恒，则其表达式可表示为m1OP=m1OM+m1ON；【点睛】解决本题的关键掌握实验的原理，以及实验的步骤，在验证动量守恒定律实验中，无需测出速度的大小，可以用位移代表速度同时，在运用平抛运动的知识得出碰撞前后两球的速度，因为下落的时间相等，则水平位移代表平抛运动的速度12、C = 【解析】(1)绳子拉力对P做正功，P机械能增加；绳子拉力对Q做负功，Q机械能减小；P、Q作为一个系统，只有重力做功，机械能守恒，故A错误，B错误，C正确故选C（2）当t1=t2时，滑块经过两个光电门的时间相等，说明遮光条做匀速运动，即说明气垫导轨已经水平 (3)滑块和砝码组成的系统动能的增加量；滑块和砝码组成的系统重力势能的减小量Ep=mgL；如果系统动能的增加量等于系统重力势能的减小量，那么滑块和砝码组成的系统机械能守恒即：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)1.6m/s2 (2)4m/s (3)1200Ns 方向垂直斜面向上【解析】(1)设斜面倾角为，则si