2022年山东省临沂市平邑县中考一模物理试卷

1、2022年山东省临沂市平邑县中考物理一模试卷一、选择题每题所列出的四个选项中，只有一项最符合题目要求，每题2分，共40分）1（2分）下列数值最符合实际情况的是（）A人的正常体温约为36.5B一个N95口罩的质量约为100gC医用外科口罩的长度约为50cmD家用LED节能灯的电功率约为200W2（2分）关于声现象，下列说法正确的是（）A调节手机音量是为了改变声音的音调B考场附近禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声C超声波的传播不需要介质D医生通过听诊器给病人诊病是利用声波可以传递能量3（2分）关于近视眼和远视眼的成因如图所示，下列说法正确的是（）A甲为近视眼，应佩戴凹透镜矫正B乙为近视眼，应佩戴凸透镜矫

2、正C甲为远视眼，应佩戴凸透镜矫正D乙为远视眼，应佩戴凹透镜矫正4（2分）下列与物理知识有关的说法正确的是（）A水在凝固过程中不断放出热量，温度下降B家庭电路中空气开关跳闸了，一定是出现了短路C如果所有的力突然全部消失，在空中运动的足球将做匀速直线运动D太阳能、风能、天然气是目前正在努力研究、开发的新能源，它们都是可再生能源5（2分）随着“一带一路”海外贸易的拓展，满载商品的货轮从内河码头驶向大海，在此过程中，货轮（）A受到的浮力变大，船体下沉一些B受到的浮力不变，船体上浮一些C受到的浮力变小，船体上浮一些D受到的浮力不变，船体既不上浮，也不下沉6（2分）如图所示中，能正确反映出光线射到空气与水

3、的分界面上所发生的物理现象是（）ABCD7（2分）下列与物态变化相关的说法正确的是（）A正在熔化的蜡，吸收热量，温度不变B利用干冰使食物降温，这是因为干冰升华吸热C北方美丽的雾凇，是空气中的水蒸气凝固形成的D炒菜前滴入热锅底的小水滴很快不见了，水滴发生的物态变化是液化8（2分）2022年10月1日，为了庆祝中华人民共和国成立70周年阅兵仪式上，空中护旗梯队拉开了阅兵分列式的序幕，20架武装直升机组成巨大的“70”字样飞越天安门上空如图所示，下列说法正确的是（）A直升机匀速水平飞行过程中受到的是平衡力B直升机起飞过程中，动能减小，重力势能增加C直升机能在空中飞行是因为受到的浮力等于自身的重力D直

4、升机匀速飞行的过程中，以其中一架直升机为参照物，其他直升机是运动的9（2分）下列做法中符合安全用电原则的是（）A用湿抹布擦拭带电的插座面板B用电器的金属外壳不用接地线C用电器的三脚插头改成两脚插头使用D家庭电路中控制用电器的开关一定要接在火线上10（2分）如图所示的是A、B两种物质的质量m与体积V的关系图象。由图可知，A、B两种物质的密度A、B和水的密度水之间的关系正确的是（）AB水ABBA水CA水BD水AB11（2分）下列关于惯性的说法正确的是（）A汽车行驶时具有惯性，静止时惯性消失B空中的石块是利用惯性加速竖直下落的C汽车配备刹车系统的目的是为了减小惯性D以3m/s匀速行驶的大卡车比以5m

5、/s匀速行驶的自行车的惯性大12（2分）以下几种杠杆中，在使用时能省距离的杠杆是（）A羊角锤B订书机C筷子D天平13（2分）手机无线充电方便了人们的生活，如图所示，它的原理是送电线圈通过一定频率的交流电，线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从面将能量从发射端转移到接收端。下列四幅图中和受电线圈工作原理相同的是（）ABCD14（2分）如图是一个玩具汽车上的控制电路，小明对其进行测量和研究发现：电动机的线圈电阻为1，保护电阻R为4，当闭合开关S后，两电压表的示数分别为6V和2V，则（）A电源电压为8VB电动机的发热功率为16WC1min电动机消耗的电能为120JD

6、电动机工作时将机械能转化为电能15（2分）下列有关压强与浮力知识的说法正确的是（）A马德堡半球实验证明了液体内部具有压强B利用托里拆利实验可以测出大气压的值C浮在水面上的物体受到浮力作用，沉入水里的物体不受浮力作用D升空时，飞机机翼的升力和热气球的升力产生的原理相同16（2分）带有烘干功能的滚筒洗衣机，要求洗衣和烘干均能独立进行。下列电路设计符合要求的（）ABCD17（2分）如图所示，运动员在进行蹦床比赛。不计空气阻力，运动员比赛过程中，下列说法正确的是（）A到达最高点时运动员的速度为零受力平衡B运动员弹离蹦床以后，蹦床对运动员做了功C在下落过程中，运动员所受到的重力做了功D在下落过程中，运动

7、员所受的重力做功先快后慢18（2分）两个相同的容器分别装有质量相同的甲、乙两种液体。用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示。下列说法正确的是（）A甲液体的比热容大于乙液体的比热容B如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同C加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量D加热相同的时间，甲液体温度升高的比乙液体温度升高的多19（2分）如图所示是小红测定小灯泡电阻的电路图，当闭合开关S时，发现灯L不亮，电流表、电压表均无示数。若电路故障只出现在灯L和变阻器R中的一处，则下列判断正确的是（）A灯L短路B灯L断路C变阻器R短路D变阻器R断路20（2分）如图所示的电路中，电源电压6V保

8、持不变，定值电阻的阻值为10，滑动变阻器的最大阻值为20当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是（）A电压表的示数减小B电压表示数与电流表示数的比值不变C当滑片移动中点时，电压表示数为2VD当滑片移到a端时，电流表示数为0.2A二、填空题（每空1分，共18分）21（2分）5G是第五代移动电话行动通信标准，传输速度可达8秒1GB，比4G网络传输速度快数百倍，5G技术也是依靠 （选填“电磁波”或“超声波”）传递信息的。临沂人民广播电台发射的某种电磁波的波长为300m，其频率为 Hz。22（2分）我国北方地区房间中的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容比较 （填“大”或“小”）。

9、冬天用热水袋来暖手，这是通过 的方法来增加手的内能。23（3分）丝绸摩擦过的玻璃棒带 电荷，将它分别靠近两个轻质小球A、B，A球被吸引，B球被推开，则A球 （“一定”或“不一定”）带电，B球带 电。24（2分）在抗击新冠肺炎的战疫中，城市的大街小巷都需要消毒，如图是一辆消毒车正在街道上消毒，消毒车在水平路面上匀速行驶并向外洒消毒液的过程中，它的动能 ，机械能 （均选填“增大”“减小”或“不变”）。25（3分）家里厨房的菜刀的刀刃磨得很薄是为了 ；马路上来往的车辆中，载重汽车的轮胎多而且宽，是为了 ；汽车自带液压千斤顶的工作原理是 。26（3分）我国自主研发的AG600是全球最大的水陆两栖飞机。

10、某次试飞过程中，飞机30min飞行了260km，这段时间内飞机的平均速度为 km/h；飞机降落后，漂浮在水面上，排开水的质量为50t，此时飞机受到的浮力为 N；舱底某处距离水面2m处受到水的压强是 Pa。27（3分）如图所示是家庭电子式电能表的表盘，其示数是 kWh，家中用电器的总功率不能超过 W，表盘上标有“3200imp/kWh”表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次。若家庭电路中只有一台电热水器在工作，该电能表的指示灯在30s内闪烁32次。则该热水器的实际功率是 W。三、作图与实验题（第28题3分，第29题4分，第30题5分，第31题6分，第32题6分，共24分）28（1.5分）

11、如图所示，其中F为透镜的焦点，试画出与已知光线对应的折射光线。29（1.5分）如图所示为一个通电螺线管，请根据其两端的极性，用箭头在A点标出电流的方向，在B点标出磁感线的方向。30（4分）在“探究平面镜成像特点”实验中，在水平桌面上平铺一张自纸，玻璃板垂直架在纸上，在玻璃板的一侧点一支蜡烛，拿一支一模一样但不点燃的蜡烛在玻璃板另一侧移动。（1）在实验过程中，用透明玻璃板代替平面镜的目的是方便找到 的位置，使用 （填“薄”或“厚”）玻璃更好。（2）将光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到像，说明平面镜成的像是 （填“实”或“虚”）像。（3）将蜡烛远离玻璃板移动一段距离，蜡烛的像的大小将 （

12、填“变大”“变小”或“不变”）。31（5分）用如图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”。在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和糖水，用相同酒精灯加热直到沸腾。（1）分别测量出水和糖水的沸点，发现糖水的沸点比水高。其中水沸腾时温度计的局部放大图如图乙所示，水的沸点为 ，这说明此时气压 标准大气压。（填“大于”、“小于”或“等于”）（2）实验中加热糖水到沸腾需要的时间长，说明糖水吸收的热量比水 。（填“多”或“少”）（3）能否仅由“加热糖水到沸腾需要的时间长”得出糖水比热容大的结论？答： ，其原因是： 。32（6分）在探究“滑动摩擦力跟哪些因素有关”的问题时，陈老师引导学生作了如下的猜想A

13、：滑动摩擦力大小可能与接触面的粗糙程度有关；猜想B：滑动摩擦力的大小可能与压力大小有关。为了检验上述猜想是否正确，同学们设计了如图所示的实验方案。（1）实验中要使弹簧测力计的示数等于所受滑动摩擦力的大小，应使木块在弹簧测力计的拉力下做 运动。（2）设计步骤（a）和（b）的目的，是为了检验猜想 （选填“A”或“B”）实验得出的结论是：滑动摩擦力的大小与 有关， 越大，滑动摩擦力越大。（3）设计步骤（a）和（c）的目的，是为了检验猜想 （选填“A”或“B”）实验得出的结论是：滑动摩擦力的大小与 有关， ，滑动摩擦力越大。33（6分）某班同学分成两个小组做了以下不同的实验：（1）第一小组观察小灯泡的

14、亮度与实际功率的关系，小灯泡的额定电压为2.5V实物电路连接如图所示。开关闭合后，会发现 （选填“电压表”或“电流表”）的指针反偏；将错误连接改正后，闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表的示数为0.2V时，发现灯泡不亮，你认为其原因是 （填写选项前的字母序号）A：小灯泡断路 B：小灯泡的实际功率太小继续调节滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V，灯泡正常发光，电流表的示数为0.30A；再调节滑动变阻器使电压表的示数达到3.0V，灯泡强烈发光，此时灯泡的实际功率 （选填“小于”或“等于”或“大于”）1.08W。（2）第二小组测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，采用如甲所示的电路图，其中电源电为

15、4.5V，R10。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为 A，灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开开关，将电流表改接到灯泡所在的支路，与灯泡串联，闭合开关后，电流表的示数如图乙所示，则此时通过灯泡的电流为 A；灯泡的额定功率为 W。四、计算题（第33题8分，第34题10分，共18分）34（8分）一个体重为500N的同学骑自行车上学，在水平路面上以4m/s的速度匀进行驶，有关数据如下表所示：（1）在行驶过程中，车对地面的压强是多大？（2）该同学骑自行车沿直线匀速行驶10min做了多少功？自行车净重200N行驶过程中轮胎与地面接触的总面积5103m2匀速行驶过程中的总阻力30

16、N车轮直径0.61m轮胎能承受的最大气压2.0105Pa35（10分）如图所示，小明家有一茶吧机，既可以加热又可以保温，铭牌如表所示，现在水壶内有2L、20的水。请计算：额定电压220V加热电功率1000W保温电功率220W容量3L频率50Hz（1）壶中所装水的质量是多少？（2）在额定电压下烧开这些水需要多长时间？（假设壶内气压等于1标准大气压且不计热损失）（3）若在用电高峰，电热水壶的实际电压为额定电压的198V，则此时该水壶的实际保温功率是多少？（c水4.2103J/（kg）2022年山东省临沂市平邑县中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题每题所列出的四个选项中，只有一项最符合题目要

17、求，每题2分，共40分）1（2分）下列数值最符合实际情况的是（）A人的正常体温约为36.5B一个N95口罩的质量约为100gC医用外科口罩的长度约为50cmD家用LED节能灯的电功率约为200W【答案】A【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、正常情况下，人的体温在36.537之间，变化幅度很小。故A符合实际；B、一枚一元硬币的质量为6g，一个N95口罩的质量略大于此数值，在10g左右。故B不符合实际；C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离（一拃）大约15cm，医用外科口罩的长度与此差不多，

18、在15cm左右。故C不符合实际；D、家用LED节能灯工作电流不大于0.1A，其功率不到PUI220V0.4A22W故D不符合实际。故选：A。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2（2分）关于声现象，下列说法正确的是（）A调节手机音量是为了改变声音的音调B考场附近禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声C超声波的传播不需要介质D医生通过听诊器给病人诊病是利用声波可以传递能量【答案】B【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距

19、离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；（2）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置声源处、传播过程中、人耳处；（3）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的。（4）声音可以传递信息和能量。【解答】解：A、调节手机音量是为了改变声音的响度；故A错误；B、考场附近禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声；故B正确；C、声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质；超声波传播也需要介质；故C错误；D、医生通过听诊器给病人诊病是利用声波可以传递信息；故D错误；故选：B。【点评】此题考查声音的多个知识点；深入理解声音的传播知识、声音的三个

20、特征、减弱噪声的途径可做出正确选择。3（2分）关于近视眼和远视眼的成因如图所示，下列说法正确的是（）A甲为近视眼，应佩戴凹透镜矫正B乙为近视眼，应佩戴凸透镜矫正C甲为远视眼，应佩戴凸透镜矫正D乙为远视眼，应佩戴凹透镜矫正【答案】A【分析】（1）近视眼：如果晶状体的凸度过大大，或眼球前后径过长，形成的物像就会落在视网膜的前方，形成近视眼。戴凹透镜加以矫正。（2）远视眼：如果眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。戴凸透镜进行矫正。【解答】解：图甲中的光线在视网膜前会聚，表示像成在视网膜的前方，因此表示的是近视眼，近视眼应该佩戴凹透镜矫正；

21、由此可知，A正确，BCD错误。故选：A。【点评】解答此类题目的关键是理解掌握近视、远视的成像特点和矫正措施。4（2分）下列与物理知识有关的说法正确的是（）A水在凝固过程中不断放出热量，温度下降B家庭电路中空气开关跳闸了，一定是出现了短路C如果所有的力突然全部消失，在空中运动的足球将做匀速直线运动D太阳能、风能、天然气是目前正在努力研究、开发的新能源，它们都是可再生能源【答案】C【分析】（1）晶体在凝固过程中放热，温度不变；（2）造成空气开关跳闸的原因可能是短路，也可能是电路总功率过大；（3）根据牛顿第一定律可判断足球不受力时的运动状态；（4）可再生能源是指可循环利用或可从自然界中不断获得的能源

22、；不可再生能源是指一旦消耗，短时间内无法再生的能源。【解答】解：A、因冰是晶体，则水在凝固成冰的过程中放出热量，但温度不变，故A错误；B、家庭电路中空气开关跳闸了，可能是短路，也可能是电路总功率过大，故B错误；C、根据牛顿第一定律可知，如果所有的力突然全部消失，在空中运动的足球将做匀速直线运动，故C正确；D、太阳能、风能是新能源，也是可再生能源；天然气属于化石能源，不是新能源，也不可再生，故D错误。故选：C。【点评】本题考查的知识点有能源的分类、牛顿第一定律、晶体凝固的特点、家庭电路中电流过大的原因，有一定综合性，但难度不大。5（2分）随着“一带一路”海外贸易的拓展，满载商品的货轮从内河码头驶

23、向大海，在此过程中，货轮（）A受到的浮力变大，船体下沉一些B受到的浮力不变，船体上浮一些C受到的浮力变小，船体上浮一些D受到的浮力不变，船体既不上浮，也不下沉【答案】B【分析】当货轮由内河码头驶向大海，都是漂浮，自重不变，根据漂浮条件分析远洋货轮受到浮力的变化情况，再根据阿基米德原理判断排开水的体积的变化情况。【解答】解：（1）当内河码头驶向大海，都是漂浮，货轮受到的浮力：F浮G，所以货轮受到的浮力不变；故AC错误；（2）由于江水海水，根据F浮液V排g可知，排开海水的体积小于排开江水的体积，则轮船将上浮，故B正确，D错误。故选：B。【点评】本题关键有二：一是漂浮条件的应用，二是利用阿基米德原理

24、时要同时考虑影响浮力的两个因素（液体的密度和排开液体的体积）。6（2分）如图所示中，能正确反映出光线射到空气与水的分界面上所发生的物理现象是（）ABCD【答案】C【分析】（1）光线照射到水面上发生反射时，逆着反射光线望去，眼睛错误的以为光是沿直线传播的，因此会看到发光点是在水中发光，实际上是发光点通过水面所成的像，据此可画出反射光线和入射光线；（2）根据光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，作出大致的折射光线。【解答】解：光由空气进入水中，在水面处同时发生反射和折射，且折射角小于入射角。A图中缺少折射光线

25、，B图中缺少反射光线，D图中虽然有反射光线和折射光线但，图中的折射角大于入射角了，故ABD不符合题意，只有C图符合光的反射定律和光的折射定律。故选：C。【点评】光线从一种介质斜射向另一种介质时，在界面将发生反射和折射，注意入射光线和反射光线具有对称性，在界面的同侧，入射光线和折射光线不对称，分别在界面的两侧。7（2分）下列与物态变化相关的说法正确的是（）A正在熔化的蜡，吸收热量，温度不变B利用干冰使食物降温，这是因为干冰升华吸热C北方美丽的雾凇，是空气中的水蒸气凝固形成的D炒菜前滴入热锅底的小水滴很快不见了，水滴发生的物态变化是液化【答案】B【分析】（1）晶体熔化的特点：吸收热量，温度保持不变

26、；非晶体熔化的特点：吸收热量，温度不断升高；（2）根据六种物态变化的定义，分析物质的初、末状态即可判断，六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的；凝固、液化、凝华是放热的。【解答】解：A、蜡属于非晶体，在熔化过程中吸收热量，温度不断升高，故A错误；B、由于干冰升华吸收大量的热，从而可以使食物降温，防止变质，故B正确；C、北方美丽的雾凇，是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的小冰晶，故C错误；D、炒菜前滴入热锅底的小水滴很快不见了，是小水滴吸热汽化成了水蒸气，故D错误。故选：B。【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点，关键要记住哪种物态变化是如何定义的。

27、8（2分）2022年10月1日，为了庆祝中华人民共和国成立70周年阅兵仪式上，空中护旗梯队拉开了阅兵分列式的序幕，20架武装直升机组成巨大的“70”字样飞越天安门上空如图所示，下列说法正确的是（）A直升机匀速水平飞行过程中受到的是平衡力B直升机起飞过程中，动能减小，重力势能增加C直升机能在空中飞行是因为受到的浮力等于自身的重力D直升机匀速飞行的过程中，以其中一架直升机为参照物，其他直升机是运动的【答案】AD【分析】（1）一对平衡力平衡力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一物体上；（2）直升机起飞过程中，速度增加，高度增加；（3）飞机是利用流体压强产生的升力升空的；（4）判断运动还

28、是静止需要选择一个参照物，然后来比较物体相对于参照物的位置有没有发生变化，发生变化就是物体相对于该参照物是运动的，否则就是静止的。【解答】解：A直升机匀速水平飞行过程中处于平衡状态，受到的是平衡力，故A正确；B直升机起飞过程中，速度增加，高度增加，动能增加，重力势能增加，故B错误；C、飞机是利用飞机上下方空气的流速不同产生的升力升空的，不是因为受到空气的浮力，故C错误；D、以其中一架直升机为参照物，其他直升机的位置没有发生变化，所以是静止的，故D正确。故选：AD。【点评】本题考查了平衡力，机械能的转化，流速与压强的关系，以及运动和静止的相对性，是一道综合题。9（2分）下列做法中符合安全用电原则

29、的是（）A用湿抹布擦拭带电的插座面板B用电器的金属外壳不用接地线C用电器的三脚插头改成两脚插头使用D家庭电路中控制用电器的开关一定要接在火线上【答案】D【分析】（1）生活用水是导体，湿了的物体因含有水分而能够导电；（2）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；（3）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全；（4）为了安全，开关必须串联在火线和用电器之间。【解答】解：A、水是导体，用湿抹布擦带电带电的插座面板，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故A不符合安全用电原则；B、金属外壳的用电器要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故，故B不

30、符合安全用电原则；C、用电器带有金属外壳或者经常有水，其金属外壳一定要通过三孔插座接地，以防用电器外壳带电，危及人身安全，将用电器三脚插头改成两脚插头使用是错误的，故C不符合安全用电原则；D、在家庭电路中，应将控制用电器的开关接在火线上，故D符合安全用电原则。故选：D。【点评】此题考查了安全用电常识，属于基本技能的考查，我们不仅掌握安全用电知识，更要在实际生活中正确运用，安全用电。10（2分）如图所示的是A、B两种物质的质量m与体积V的关系图象。由图可知，A、B两种物质的密度A、B和水的密度水之间的关系正确的是（）AB水ABBA水CA水BD水AB【答案】C【分析】解答本题可以采用两种方法：（1

31、）在横轴上取体积相同，然后比较这两种物质的质量，质量大的密度大；（2）在纵轴上取质量相同，然后比较这两种物质的体积，体积大的密度小。【解答】解：由图象可知，当VAVB时，mAmB，所以AB；A1.6g/cm5水；故选：C。【点评】比较两种不同物质的密度大小关系，我们可以采取相同体积，比较质量；或相同质量，比较体积。11（2分）下列关于惯性的说法正确的是（）A汽车行驶时具有惯性，静止时惯性消失B空中的石块是利用惯性加速竖直下落的C汽车配备刹车系统的目的是为了减小惯性D以3m/s匀速行驶的大卡车比以5m/s匀速行驶的自行车的惯性大【答案】D【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有

32、惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。【解答】解：A、一切物体在任何情况下都有惯性，所以汽车无论是行驶还是静止都有惯性，故A错误；B、空中的石块是因为受到重力作用而加速竖直下落的，故B错误；C、汽车配备刹车系统的目是为了防止惯性带来的危害，不能减小惯性，故C错误。D、惯性大小与质量有关，大卡车比自行车的质量大，惯性大，故D正确。故选：D。【点评】解决本题的关键是抓住“惯性与质量有关、与速度无关”，是学生比较容易出错的地方，要特别注意。12（2分）以下几种杠杆中，在使用时能省距离的杠杆是（）A羊角锤B订书机

33、C筷子D天平【答案】C【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，不合题意；B、订书机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，不合题意；C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，省距离，符合题意；D、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省距离也不费距离，不合题意。故选：C。【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻

34、力臂，既不省距离也不省力。13（2分）手机无线充电方便了人们的生活，如图所示，它的原理是送电线圈通过一定频率的交流电，线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从面将能量从发射端转移到接收端。下列四幅图中和受电线圈工作原理相同的是（）ABCD【答案】D【分析】无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。它的原理是在送电线圈中通过一定频率的交流电，使线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端；分析各图中实验原理分析解答。【解答】解：根据题意可知，受电线圈的工作原理是电磁感应现象；A、该图是奥

35、斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故A错误；B、由图可知，该装置中有电磁铁，利用的是电流的磁效应，故B错误；C、该图中通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理图，故C错误；D、该图中，开关闭合后，导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，会使电流计的指针发生偏转，这是电磁感应现象，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对电磁学中几个实验的掌握情况，知道受电线圈的工作原理是解题的关键。14（2分）如图是一个玩具汽车上的控制电路，小明对其进行测量和研究发现：电动机的线圈电阻为1，保护电阻R为4，当闭合开关S后，两电压表的示数分别为6V和2V，则（）A电源电压为8VB电动机的发热功率

36、为16WC1min电动机消耗的电能为120JD电动机工作时将机械能转化为电能【答案】C【分析】由电路图可知，电动机M与定值电阻R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R两端的电压。（1）根据串联电路的电压特点结合两电压表的示数得出电源的电压；（2）根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据PI2R求出电动机的发热功率；（3）根据串联电路的电压特点求出电动机两端的电压，利用WUIt求出1min电动机消耗的电能；（4）电动机是非纯电阻用电器，消耗的电能转化为机械能和内能。【解答】解：由电路图可知，电动机M与定值电阻R串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R两端的电压。A

37、、由电压表的示数可知，电源的电压U6V，故A错误；B、因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流：I0.5A，则电动机的发热功率P热I2RM（6.5A）210.25W，故B错误；C、因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电动机两端的电压：UMUUR6V2V4V，则1min电动机消耗的电能WMUMIt3V0.5A60s120J，故C正确；D、电动机工作时将电能大部分转化为机械能，少部分转化为内能，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用以及电功的实质，分清电压表所测的电路元件是关键。15（2分）下列有关压强与浮力知识的说法正确的是（）A马德堡半球实验证明

38、了液体内部具有压强B利用托里拆利实验可以测出大气压的值C浮在水面上的物体受到浮力作用，沉入水里的物体不受浮力作用D升空时，飞机机翼的升力和热气球的升力产生的原理相同【答案】B【分析】（1）马德堡半球实验证明了大气压的存在；（2）托里拆利实验最早测出了大气压的值；（3）根据阿基米德原理，浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于该物体排开的液体受到的重力；（4）根据升空时，飞机机翼的升力和热气球的升力产生的原理分析解答。【解答】解：A、马德堡半球实验证明了大气压的存在，故A错误；B、托里拆利最早精确地测出了大气压的值，故B正确；C、不论物体漂浮在水面上，还是沉入水里，均受到浮力的作用，故

39、C错误；D、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流速越大流体的压强越小的原理；热气球升空利用的是物体的浮沉条件，所以飞机机翼的升力和热气球的升力产生的原理不相同，故D错误。故选：B。【点评】本题考查大气压的存在和测量，以及浮力产生的原因、流体压强与流速的关系等，涉及到的知识点多，综合性强，但相对比较简单，属于基础题。16（2分）带有烘干功能的滚筒洗衣机，要求洗衣和烘干均能独立进行。下列电路设计符合要求的（）ABCD【答案】D【分析】由要求洗衣和烘干均能独立进行可知，加热器和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，据此进行解答。【解答】解：A由电路图可知，开关S1闭合时电动机工作，再闭合S2时电动

40、机和加热器并联同时工作，加热器不能独立工作，故A不符合题意；B由电路图可知，开关S1闭合时加热器工作，再闭合S2时电动机和加热器并联同时工作，电动机不能独立工作，故B不符合题意；C由电路图可知，开关S1闭合时电动机和加热器串联同时工作，再闭合S2时加热器被短路，只有电动机工作，而加热器不能独立工作，故C不符合题意；D由电路图可知，只闭合S1时电动机工作，只闭合S2时加热器工作，电动机和加热器均能独立进行，故D符合题意。故选：D。【点评】本题主要考查的是串并联电路的特点以及开关的作用，用排除法可以得出正确的答案。17（2分）如图所示，运动员在进行蹦床比赛。不计空气阻力，运动员比赛过程中，下列说法

41、正确的是（）A到达最高点时运动员的速度为零受力平衡B运动员弹离蹦床以后，蹦床对运动员做了功C在下落过程中，运动员所受到的重力做了功D在下落过程中，运动员所受的重力做功先快后慢【答案】C【分析】（1）在最高点时运动员只受重力，受力不平衡；（2）做功的两个必要条件是力和物体在力的方向上通过的距离；（3）功率是表示物体做功快慢的物理量；根据公式PGv分析重力做功的功率，从而可知重力做功的快慢。【解答】解：A、运动员上升到最高点时，速度为零，此时运动员只受到重力的作用，所以受力不平衡，故A错误；B、运动员弹离蹦床以后，蹦床对运动员没有力的作用，所以蹦床对运动员没有做功，故B错误；C、在下落过程中，运动

42、员受重力的作用，且在重力的方向上移动了距离，所以重力对运动员做了功，故C正确；D、运动员在空中下落过程中（未接触蹦床前），速度越来越大，由PGv可知，重力做功的功率越来越大，则重力做功越来越快，故D错误。故选：C。【点评】本题考查的与力学相关的多个知识点，尤其是要知道，当运动员上升到最高点时，速度为零，是瞬时状态，受力不平衡。18（2分）两个相同的容器分别装有质量相同的甲、乙两种液体。用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示。下列说法正确的是（）A甲液体的比热容大于乙液体的比热容B如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同C加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量D加热相同

43、的时间，甲液体温度升高的比乙液体温度升高的多【答案】D【分析】（1）已知不同液体质量、升高温度大小关系，用公式c来比较比热的大小；（2）已知热源一定，也就是相同时间给两种液体提供的热量相同，所以从加热时间长短比较吸收的热量多少；（3）加热时间相同，也就是两种液体吸收的热量相同，温度变化从两种液体纵轴温度是否重合比较。【解答】解：A、已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等。由图象可以看出：在吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式c知，甲液体比热较小。此选项错误；B、由图象可以看出：升高相同温度时，甲需要的时间较短，也就是甲需要的热量少。此选项错误；C、加热时间相同，两

44、种液体吸收的热量相同。此选项错误；D、由图象知：加热相同的时间，甲液体温度升高的程度大于乙液体。此选项正确。故选：D。【点评】不同物质比热一般不同。公式c只是用来计算比热大小，但同种物质比热一定，与物体吸收热量、质量、温度变化大小无关。19（2分）如图所示是小红测定小灯泡电阻的电路图，当闭合开关S时，发现灯L不亮，电流表、电压表均无示数。若电路故障只出现在灯L和变阻器R中的一处，则下列判断正确的是（）A灯L短路B灯L断路C变阻器R短路D变阻器R断路【答案】D【分析】灯泡不亮说明电路某处断路或灯短路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通；电流表无示数说明是某处断路或电流表短路；综合分

45、析进行判断。【解答】解：A、灯泡L短路，灯不亮，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意，故A错；B、灯泡L发生断路，灯不亮，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，电压表有示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表的示数为0，不符合题意，故B错；C、变阻器短路，灯亮，电压表和电流表都有示数，不符合题意，故C错；D、变阻器断路，灯不亮，电流表和电压表都无示数，符合题意，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。20（2分）如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，

46、定值电阻的阻值为10，滑动变阻器的最大阻值为20当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是（）A电压表的示数减小B电压表示数与电流表示数的比值不变C当滑片移动中点时，电压表示数为2VD当滑片移到a端时，电流表示数为0.2A【答案】B【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据欧姆定律结合定值电阻的阻值可知两表示数之比的变化；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑片移动中点时电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数；（

47、3）当滑片移到a端时，电路为定值电阻的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电流表的示数。【解答】解：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻减小，由UIR可知，电压表的示数增大，故A错误；所以，电压表示数与电流表示数的比值不变，故B正确；（2）当滑片移动中点时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，I0.3A，URIR0.6A103V，故C错误；（3）当滑片移到a端时，电路为定值电阻的简单电路，电流表测电路中的电流，则电流表的示数：故选：B。【点评】本

48、题考查了电路的动态分析和串联电路特点以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。二、填空题（每空1分，共18分）21（2分）5G是第五代移动电话行动通信标准，传输速度可达8秒1GB，比4G网络传输速度快数百倍，5G技术也是依靠电磁波（选填“电磁波”或“超声波”）传递信息的。临沂人民广播电台发射的某种电磁波的波长为300m，其频率为106Hz。【答案】见试题解答内容【分析】（1）电磁波能够在真空中传播，并且传播速度快，现代的移动电话都是利用电磁波来传递信息的；（2）已知波速和波长，根据cf算出其频率。【解答】解：（1）现代的移动电话都是利用电磁波来传递信息的，5G手机也属于移动电话，所以5G技术

49、也是利用电磁波来实现的；（2）电磁波的波速是3108m/s，由cf得，其频率：故答案为：电磁波；105。【点评】本题考查信息的传递、以及波长，波速，频率之间的关系，难度不大。22（2分）我国北方地区房间中的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容比较大（填“大”或“小”）。冬天用热水袋来暖手，这是通过热传递的方法来增加手的内能。【答案】见试题解答内容【分析】（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。（2）改变物体内能的方式：做功和热传递。【解答】解：（1）我国北方地区房间中的“暖气”用水作为介

50、质，是因为水的比热容比较大，相同质量的水，在温度变化相同时，其吸收或放出的热量多；（2）冬天用热水袋来暖手，是能量发生了转移，这是通过热传递的方法来增加手的内能。故答案为：大；热传递。【点评】本题考查了水的比热容大的特点和改变物体内能方式的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。23（3分）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，将它分别靠近两个轻质小球A、B，A球被吸引，B球被推开，则A球不一定（“一定”或“不一定”）带电，B球带正电。【答案】见试题解答内容【分析】丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；带电体具有吸引轻小物体的性质；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。【解答】解：丝

51、绸摩擦过的玻璃棒带正电荷；当该玻璃棒靠近轻质小球A时，相互吸引，由于带电体具有吸引轻小物体的性质、异种电荷相互吸引，则说明A不带电或带负电荷；故答案为：正；不一定；正。【点评】了解摩擦起电现象，知道带电体具有吸引轻小物体的性质和电荷间的相互作用规律，是解答此类题目的基础。24（2分）在抗击新冠肺炎的战疫中，城市的大街小巷都需要消毒，如图是一辆消毒车正在街道上消毒，消毒车在水平路面上匀速行驶并向外洒消毒液的过程中，它的动能减小，机械能减小（均选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；（2）影响重力势能大小的

52、因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；（3）机械能等于动能与势能的总和。【解答】解：一辆消毒车在水平路面上匀速行驶，向外洒消毒液的过程中质量在减小、速度不变，所以动能减小；高度不变、质量减小，所以重力势能减小；而机械能等于动能与势能的总和，所以消毒车的机械能减小。故答案为：减小；减小；【点评】本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。25（3分）家里厨房的菜刀的刀刃磨得很薄是为了增大压强；马路上来往的车辆中，载重汽车的轮胎多而且宽，是为了减小压强；汽车自带液压千斤顶的工作原理是帕斯卡原理。【答案】见试题解答内容【分析】（1）压强

53、大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。（2）液压技术利用的是帕斯卡原理：加在密闭液体上的压强，能够大小不变地向各个方向传递，在一个小面积的活塞上施加一个很小的力，因为压强能够大小不变地向各个方向传递，则根据压强公式得出在另一边的面积大的活塞上就会产生更大的力。【解答】解：（1）菜刀的刀刃磨得很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大菜刀对菜的压强。（2）汽车自带液压千斤顶应用了帕斯卡原理，帕

54、斯卡原理的内容是：加在密闭液体上的压强，能够大小不变地向各个方向传递。故答案为：增大压强；减小压强；帕斯卡原理。【点评】此题考查增大和减小压强的方法、帕斯卡原理，要求学生掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。26（3分）我国自主研发的AG600是全球最大的水陆两栖飞机。某次试飞过程中，飞机30min飞行了260km，这段时间内飞机的平均速度为520km/h；飞机降落后，漂浮在水面上，排开水的质量为50t，此时飞机受到的浮力为5105N；舱底某处距离水面2m处受到水的压强是2104Pa。【答案】见试题解答内容【分析】（1）已知飞机飞行的时间和距离，利用速度公式

55、计算其平均速度；（2）根据F浮G排m排g计算飞机受到的浮力；（3）根据p水gh计算水对舱底的压强。【解答】解：（1）t30min0.5h，s260km，则这段时间内飞机的平均速度：v520km/h。（8）由阿基米德原理可得，飞机受到的浮力为：F浮G排m排g50103kg10N/kg5105N；p水gh1.0102kg/m310N/kg2m2104Pa。故答案为：520；7105；2104。【点评】本题考查平均速度、浮力和液体压强的计算，关键要掌握相关的计算公式，难度不大。27（3分）如图所示是家庭电子式电能表的表盘，其示数是318.6kWh，家中用电器的总功率不能超过8800W，表盘上标有“3

56、200imp/kWh”表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次。若家庭电路中只有一台电热水器在工作，该电能表的指示灯在30s内闪烁32次。则该热水器的实际功率是1200W。【答案】见试题解答内容【分析】（1）电能表读数时，注意电能表的单位是kWh，最后一位是小数；（2）从电能表上可以看出电能表的工作电压、平时工作允许通过的最大电流，根据公式PUI可求家中的用电器的最大总功率；（3）3200imp/（kWh）表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，从而可求闪烁32次消耗的电能；根据公式P求出该热水器的电功率。【解答】解：（1）电能表的示数为318.6kWh；（6）从电能表上可知：电

57、能表的工作电压为220V，平时工作允许通过的最大电流为40A，则家中用电器的总功率不能超过P最大UI最大220V40A8800W；（3）因为“3200imp/（kWh）”表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，所以闪烁32次，消耗电能：该热水器的电功率：故答案为：318.6；8800；1200。【点评】本题考查了学生根据电能表的参数测量用电器电功率的方法，首先理解参数的真正含义，根据灯闪烁的次数计算出用电器消耗的电能，根据电能和时间计算出功率，在计算过程中注意单位的统一。三、作图与实验题（第28题3分，第29题4分，第30题5分，第31题6分，第32题6分，共24分）28（1.5分）如

58、图所示，其中F为透镜的焦点，试画出与已知光线对应的折射光线。【答案】见试题解答内容【分析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；如图所示：【点评】凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。29（1.5分）如图所示为一个通电螺线管，请根据其两端的极性，用箭头在A点标出电流的方向，在B点标出磁感线的方向。【答案】见试题解答内容【分析】已知螺线管的磁极

59、，由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向。根据磁感线的特点可以确定磁感线的方向。【解答】解：已知通电螺线管的左端为N极，右端为S极，由右手螺旋定则可知，螺线管中的电流应由右侧流入，则图中A点的电流方向向上；在磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，所以B点磁感线的方向向右，如图所示：【点评】本题考查右手螺旋定则，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。30（4分）在“探究平面镜成像特点”实验中，在水平桌面上平铺一张自纸，玻璃板垂直架在纸上，在玻璃板的一侧点一支蜡烛，拿一支一模一样但不点燃的蜡烛在玻璃板另一侧移动。（1）在实验过程中，用透明玻璃板代替平面镜的目的是方便找到像的位置，使用薄（

60、填“薄”或“厚”）玻璃更好。（2）将光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到像，说明平面镜成的像是虚（填“实”或“虚”）像。（3）将蜡烛远离玻璃板移动一段距离，蜡烛的像的大小将不变（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）利用透明的玻璃板即可以确定像的位置，也便于比较像和物体的大小关系。实验中为了防止玻璃的两个面都能成像，影响实验效果，应采用较薄的玻璃板进行实验；（2）光屏不能接收虚像，只能接收到实像；（3）平面镜成像所成的像与物的大小相同。【解答】解：（1）玻璃板透明，用其来代替平面镜，虽然成像不如平面镜清晰，但却能在观察到A蜡烛像的同时，也能观察到B蜡烛，解