2022年浙江省杭州市余杭区中考二模物理试卷

1、2022年浙江省杭州市余杭区中考物理二模试卷一、选择题（本题共6小题，每小题3分，共60分每小题只有一个选项符合题意）1（3分）如图所示是电阻甲和乙的UI图象，下列说法中正确的是（）A电阻甲和乙都是阻值不变的电阻B甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总功率为1.2WC甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电源电压为2VD当乙两端电压为2V时，R乙52（3分）在水平桌面上放着AB两个相同的木块，AB两个木块用绳子相连，在力F1和F2作用下匀速向左运动，已知F19N，F23N，则绳子对B的拉力大小为（）A3NB6NC9ND12N3（3分）在探究凸透镜成像规律的实验中，光具座上的光屏、

2、凸透镜和蜡烛的位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像。下列说法正确的是（）A若在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜放一副近视眼镜，应将光屏向右移动才可再次呈现清晰的像B图中凸透镜成像的特点可应用在照相机上C该凸透镜的焦距可能是21cmD将蜡烛移到光具座45cm刻度线处，保持凸透镜不动，无论怎样移动光屏都接收不到蜡烛的像4（3分）放有适量水的烧杯置于水平桌面上。将一木块浸没到水中一定深度后撤去外力，木块开始上浮，如图所示，最后漂浮，且有五分之二体积浸入水面。下列叙述中，正确的是（）A在露出水面之前，木块所受浮力不变B在露出水面之前，木块所受浮力等于木块的重力C木块在浸没和漂浮两种情况下，水对烧杯底

3、的压强相同D木块的密度为0.6克/厘米35（3分）叠罗汉是一种体育娱乐项目，如图，三个体重、体型相同的人叠成两层静态造型。每个人体重均为G，每只鞋的鞋底面积均为S，则图中箭头所指的那只脚对水平地面的压强为（）ABCD6（3分）下列都是课本上的一些实验，这些科学研究方法中，有一种方法和其他研究方法明显不同的是（）A观察铅笔在篮球和模板上移动的不同来说明地球是个球体B通过玻璃板上铁屑的排布说明磁场的存在C通过气球吹大时各小点的远离来说明宇宙在膨胀D通过黄豆和芝麻混合后总体积减小说明分子之间有空隙二、填空题（本题共2小题，共26分）7（4分）王强同学设计了如图所示的装置进行实验，其中杠杆OAB支点为

4、O（杠杆OAB质量不计），OA：OB1：3他实验的步骤如下：步骤一：用一细绳将体积为180cm3的金属块悬挂于A点，然后向容器中加水，使金属块浸没在水中。步骤二：使杠杆OAB在水平位置静止，读出弹簧测力计此时的读数为1.2N。（1）金属块浸没在水中时受到的浮力为 N。（2）被测金属块密度： 。8（6分）2022年3月10日，埃塞俄比亚航空公司一架波音737MAx8型飞机发生事故，令全球航空界、各航空公司、众多的飞行员，以及几乎全世界的旅客感到不安。（1）飞机启动后乘客看到窗外的树木往后移动是以 为参照物的。（2）飞机离开地面时，机翼下方的空气流速 （选填“大于”、“等于”或“小于”）机翼上方的

5、空气流速。（3）飞机的喷气发动机和汽油机都属于内燃机，如图内燃机四冲程工作排序为 。三、实验探究题（本题共1小题，共42分）9（8分）某兴趣小组的同学利用甲图所示的电路进行了多个电学实验。实验中电源电压为6V且恒定不变；滑动变阻器在电路中除了保护电表即保护电路以外，在不同的实验中作用各不相同。（1）第一小组的同学要测量电阻R的阻值，他们在A、B间接入待测电阻R，请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整。（2）第二小组的同学要测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。他们在A、B间接入额定电压为2.5V的小灯泡，正确连接电路，实验步骤及操作都正确。闭合开关后，发现电压表的示数始终大于小灯泡

6、的额定电压，小灯泡发光较亮，出现这种现象的原因是 。（3）第三小组的同学要研究“电流与电阻的关系”。该实验中滑动变阻器除了保护电路的作用外，另一个重要的作用是 。实验步骤如下：按照电路图连接电路接入定值电阻R1，滑动变阻器滑片在阻值最大处，闭合开关；移动滑片，使电压表为某个固定值，记下此时电流表的电流I1；断开开关，摘下R1，接入阻值稍大的电阻R2；闭合开关， ，记下此时电流表的电流I2；改用R，重复步骤，记下此时电流表的电流I3；比较R1I1、R2I2、R3I3的数值，得出验证结论。四、简答题（本题共3小题，共32分）10（6分）某同学根据如图所示电路进行实验：先用夹子夹住电动机转轴使其不能

7、转动，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片，记下电压表读数和电流表读数。后松开夹子，使电动机转轴转动，移动滑动变阻器滑片，记下电压表读数和电流表读数。数据记录如下表：U/VI/AW/JQ/J不转动0.20.1W1Q1转动3.01.2W2Q2利用上表数据计算和分析：（已知公式：WUIt、QI2Rt）（1）电动机的电阻为 。（2）不转动时，通电10s，电动机所做的电功W1和所产生的热量Q1；（3）电动机转动时，通电10s，电动机所做的电功W2和所产生的热量Q2；（4）试比较W1和Q1的大小关系以及W2和Q2的大小关系，并分析其原因。11（6分）如图是工人将重100N的物体匀速放下的过程，已知物体下降的距

8、离为3m，用时2s，工人的拉力为80N，工人质量为60kg。（不计绳重及摩擦，g10N/kg）（1）求工人放绳的速度；（2）求滑轮组的效率；（3）当工人提升另一重240N的物体时工人对地面的压力。12（7分）小金在研究性学习活动中，通过查阅资料，查到了一种由半导体材料做成的热敏电阻R热的阻值随温度变化的曲线（如图1），并设计了如图2所示的温度自动控制装置。已知电磁继电器的线圈电阻R0为50欧，左侧控制电路电源电压为6伏，当继电器线圈中的电流大于或等于20毫安时，继电器的衔铁被吸下，右侧发热电路就断开。（1）求此温度自动控制装置能将温度控制在多少摄氏度以下？（写出具体计算过程）（2）若将控制电路

9、的电源电压增大，则此装置控制的温度值将变 （填“高”或“低”）（3）发热电路中电热丝电阻为44欧，正常工作电流5安，则加热10分钟产生热量为 焦。2022年浙江省杭州市余杭区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共6小题，每小题3分，共60分每小题只有一个选项符合题意）1（3分）如图所示是电阻甲和乙的UI图象，下列说法中正确的是（）A电阻甲和乙都是阻值不变的电阻B甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总功率为1.2WC甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电源电压为2VD当乙两端电压为2V时，R乙5【答案】B【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两

10、端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；（2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流，利用PUI求出电路总功率；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压（4）由图象可知，当乙两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R乙的阻值。【解答】解：A由图象可知，甲对应的电流与电压成，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值，乙电阻的阻值变化；B甲、乙并联在电路中，当电源电压为2，因并联电路各支路两端的电压相等，所以，两电阻两端的电压为2V，由图象可知，I甲3.4A，I乙0.5A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之

11、和，所以，干路电流：II甲+I乙0.4A+7.2A0.5A，则电路总功率：PUI2V0.5A1.2W，故B正确；C甲、乙串联在电路中，当电路电流为5.2，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过甲、乙的电流均为0.4A，由图象可知，U甲1V，U乙2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时电源的电压：UU甲+U乙6V+2V3V，故C错误；D由图象可知，当乙两端电压为2V时，通过乙的电流为0.，由I可得，R乙10，故D。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息。2（3分）在水平桌面上放着AB两个相同的

12、木块，AB两个木块用绳子相连，在力F1和F2作用下匀速向左运动，已知F19N，F23N，则绳子对B的拉力大小为（）A3NB6NC9ND12N【答案】B【分析】（1）甲乙两木块一起做匀速直线运动，整体受力平衡，先算出整体受到的总摩擦力。（2）滑动摩擦力与压力和粗糙程度有关，由于两木块是相同的，当压力减小一半，每个木块受到的摩擦力为总摩擦力的一半。（3）以甲或乙为研究对象，根据力的平衡条件可求出绳子上的拉力。【解答】解：甲乙两木块一起做匀速直线运动，以整体为研究1、向右的拉力F2和向右的总摩擦力f总（此时不考虑整体内部的作用力）。整体受力平衡，所以F3F2+f总，则总摩擦力：f总F1F89N3N4

13、N。粗糙程度不变，由于两木块是相同的，每块木块对桌面的压力等于总压力的，即f甲f乙f总6N2N。以乙为研究对象，乙受向左的拉力F拉、向右的绳子拉力F2和向右的摩擦力f乙，乙受力平衡，所以F拉F2+f乙，4N+3N6N。故ACD错误，B正确。故选：B。【点评】深入理解影响滑动摩擦力的因素，运用平衡力知识，可解答此题。3（3分）在探究凸透镜成像规律的实验中，光具座上的光屏、凸透镜和蜡烛的位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像。下列说法正确的是（）A若在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜放一副近视眼镜，应将光屏向右移动才可再次呈现清晰的像B图中凸透镜成像的特点可应用在照相机上C该凸透镜的焦距可能是21

14、cmD将蜡烛移到光具座45cm刻度线处，保持凸透镜不动，无论怎样移动光屏都接收不到蜡烛的像【答案】AD【分析】（1）凹透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点推迟延后，可以用来矫正近视眼；根据凹透镜的作用和物远像近小的特点可判断应进行的操作；（2）光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像。（3）成倒立、放大的实像时，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，像距大于二倍焦距；（4）物距小于焦距时成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上。【解答】解：A、近视眼镜的镜片为凹透镜，对光有发散。因此，不改变眼镜和透镜的

15、，要使光屏上再次呈现清晰的像，故A正确；B、由图可知uv，成倒立放大的，故B；C、由图可知，物距u15，物距u，f15cm2f，解得；30cm2f，解得，f15，5.5cmf15，故C错误；D、当将蜡烛移到光具座40cm刻度线处，此时物距u5cm、放大的，虚像不能成在光屏上。故选：AD。【点评】根据物距和焦距，像距和焦距能判断凸透镜成像情况：u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf。2fuf，成倒立、放大的实像，v2f。uf，成正立、放大的虚像。4（3分）放有适量水的烧杯置于水平桌面上。将一木块浸没到水中一定深度后撤去外力，木块开始上浮，如图所示，最后漂浮，且有五分之二体积浸入水面。下列叙述中，正

16、确的是（）A在露出水面之前，木块所受浮力不变B在露出水面之前，木块所受浮力等于木块的重力C木块在浸没和漂浮两种情况下，水对烧杯底的压强相同D木块的密度为0.6克/厘米3【答案】A【分析】（1）根据公式F浮水gV排可分析木块上浮过程中，露出水面前受到的浮力变化；（2）根据p水gh，通过分析排开水的体积的变化得出水的深度的变化，进而得出压强的大小变化；（3）木块漂浮，浮力等于重力，利用密度公式和阿基米德原理列出等式即可木块的密度。【解答】解：A、木块上浮过程中，露出水，排开水的体积，根据公式F浮水gV排可知，木块所受浮力不变；故A；B、在露出水面之前，木块处于上浮过：木块所受浮力大于木块的；故B错

17、误；C、因木块浸没时排开水的体积大于木块漂浮时排开水的体积，所以，木块浸没时水的深度大于木块漂浮时水的水gh可知，木块浸没时水对烧杯底的压强较大；故C；D、木块最后漂浮，且有五分之二体积浸入，则根据漂浮条件可得：F浮G木；结合阿基米德原理和重力公式可得：水gV排木gV木，所以，木水8.0g/cm36.4g/cm3；故D错误。故选：A。【点评】此题考查浮力的大小计算、物体浮沉条件的应用，关键是浮力公式和液体压强公式的应用，题目难度适中，适合学生训练，属于中档题。5（3分）叠罗汉是一种体育娱乐项目，如图，三个体重、体型相同的人叠成两层静态造型。每个人体重均为G，每只鞋的鞋底面积均为S，则图中箭头所

18、指的那只脚对水平地面的压强为（）ABCD【答案】A【分析】三个人都处于静止状态，所以受力都是平衡的，因为下面两人的背部均呈水平状态，所以不用看腿的角度，例如最上面的人腿上的力就是 G，用隔离法分别受力分析就可以了。据此求出箭头所指的那只脚对水平地面的压力，再利用p求解压强。【解答】解：上面的人受到的竖直向下重力为G，所以每个腿上的力G，底层的人，受到竖直向下的力为：G+，所以其每条腿上的：。箭头所指的那只脚对水平地面的压强：p。故选：A。【点评】此题考查压强的大小计算，关键是求出箭头所指的那只脚对水平地面的压力。受力平衡的题，一般用到整体法或隔离法，应用隔离法时注意顺序是层层剥皮，也就是由上到

19、下，由外到里。分别应用平衡条件即可。6（3分）下列都是课本上的一些实验，这些科学研究方法中，有一种方法和其他研究方法明显不同的是（）A观察铅笔在篮球和模板上移动的不同来说明地球是个球体B通过玻璃板上铁屑的排布说明磁场的存在C通过气球吹大时各小点的远离来说明宇宙在膨胀D通过黄豆和芝麻混合后总体积减小说明分子之间有空隙【答案】B【分析】首先明确每个选项中的探究实例运用的方法，然后确定研究方法不同的选项。【解答】解：A、把篮球和木板置于同一水平视线上，把铅笔的头竖直朝下在篮球上，可以说明地球是。采用的是模拟实验法；B、通过玻璃板上铁屑的排布说明磁场的存在，采用的是转；C、在一只气球上画一些小圆点，充

20、气使气球不断，用这个过程来模拟宇宙的变化是可。采用的是模拟实验法；D、黄豆与芝麻混合实际上是物质的形态、体积的，像水与酒精混合后体积减小就能说明分子间有。采用的是模拟实验法。故选：B。【点评】此题是一道学科综合题，涉及到物理、地理知识及科学探究的基本方法，考查的知识点较多，检验我们运用研究方法解决实际问题的能力。二、填空题（本题共2小题，共26分）7（4分）王强同学设计了如图所示的装置进行实验，其中杠杆OAB支点为O（杠杆OAB质量不计），OA：OB1：3他实验的步骤如下：步骤一：用一细绳将体积为180cm3的金属块悬挂于A点，然后向容器中加水，使金属块浸没在水中。步骤二：使杠杆OAB在水平位

21、置静止，读出弹簧测力计此时的读数为1.2N。（1）金属块浸没在水中时受到的浮力为1.8N。（2）被测金属块密度：3103kg/m3。【答案】见试题解答内容【分析】（1）当金属块浸没在水中时，它排开水的体积是180cm3，根据公式F浮水gV排计算受到的浮力；（2）首先根据杠杆平衡条件FBOBFAOA计算出A点物体受到的拉力，然后根据GF浮+FA计算金属块的重力，最后根据公式计算金属块的密度即可。【解答】解：（1）金属块浸没在水中时受到的浮力为F浮水gV排103kg/m310N/kg180105m31.2N；（2）根据杠杆平衡条件得到：FBOBFAOA1.2N7FA1FA3.7N金属块的重力GF浮

22、+FA计3.6N+4.8N5.3N；金属块的密度3103kg/m2。故答案为：（1）1.8；（2）3g/3或3104kg/m3【点评】了解杠杆的平衡条件，正确的对物体进行受力分析是解题的关键。8（6分）2022年3月10日，埃塞俄比亚航空公司一架波音737MAx8型飞机发生事故，令全球航空界、各航空公司、众多的飞行员，以及几乎全世界的旅客感到不安。（1）飞机启动后乘客看到窗外的树木往后移动是以飞机为参照物的。（2）飞机离开地面时，机翼下方的空气流速小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）机翼上方的空气流速。（3）飞机的喷气发动机和汽油机都属于内燃机，如图内燃机四冲程工作排序为乙丁甲丙。【答案】

23、见试题解答内容【分析】（1）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；（2）流体流速越大，流体压强越小，流体流速越小，流体压强越大；（3）判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程。【解答】解：（1）由题意可知，窗外的树木与飞机的位置发生，窗外的树木是向后运；（2）机翼下方的空气流速比机翼上方的流速慢，因此机翼上方气

24、体压强小于机翼下方气体压强，从而产生了；（3）甲图中气门都关闭，火花塞点火，活塞向下，是做功；乙图中进气门打开，活塞向下运行，气缸容积；丙图中排气门打开，活塞向上运动，气缸容积；丁图中气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积。所以工作排序为乙丁甲丙。故答案为：（1）飞机；（2）。【点评】本题考查了参照物的选择、流体流速与流体压强的关系、内燃机工作过程等，难度不大，是一道基础题。三、实验探究题（本题共1小题，共42分）9（8分）某兴趣小组的同学利用甲图所示的电路进行了多个电学实验。实验中电源电压为6V且恒定不变；滑动变阻器在电路中除了保护电表即保护电路以外，在不同的实验中作用各不相同。（1）第一小组的

25、同学要测量电阻R的阻值，他们在A、B间接入待测电阻R，请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整。（2）第二小组的同学要测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。他们在A、B间接入额定电压为2.5V的小灯泡，正确连接电路，实验步骤及操作都正确。闭合开关后，发现电压表的示数始终大于小灯泡的额定电压，小灯泡发光较亮，出现这种现象的原因是选用滑动变阻器规格太小（或滑动变阻器的最大电阻太小）。（3）第三小组的同学要研究“电流与电阻的关系”。该实验中滑动变阻器除了保护电路的作用外，另一个重要的作用是控制电阻两端的电压保持不变（或使电阻两端的电压保持2.5V）。实验步骤如下：按照电路图连接电路接入定值

26、电阻R1，滑动变阻器滑片在阻值最大处，闭合开关；移动滑片，使电压表为某个固定值，记下此时电流表的电流I1；断开开关，摘下R1，接入阻值稍大的电阻R2；闭合开关，滑片应向左端移动，使电压表的示数不变，记下此时电流表的电流I2；改用R，重复步骤，记下此时电流表的电流I3；比较R1I1、R2I2、R3I3的数值，得出验证结论。【答案】见试题解答内容【分析】（1）变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联；（2）根据正确连接电路，实验步骤及操作都正确的隐含条件结合欧姆定律分析；（3）研究“电流与电阻的关系”要控制电阻的电压不变；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相

27、同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。【解答】解：（1）变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联，如下：（2）第二小组的同学要测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。他们在A、B间接入额定电压为2.5V的小，实验步骤及操作都，则灯与变阻器串联，闭合开关后，发现电压表的示数始终大于小灯泡的额定，则电路的电流，由欧姆定律知电路的电阻过小；（3）研究“电流与电阻的关系”要控制电阻的电压不变，该实验中滑动变阻器除了保护电路的作用外，另一个重要的作用是控制电阻两端的电压保持不变（或使电阻两端的电压保持2.7；（4）根据串

28、联分压原理可知，摘下R1，接入阻值稍大的电阻R2，电阻增大，其分得的电压；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的，应增大滑动变阻器连入电路中的，所以滑片应向左端移动。故答案为：（1）如上图；（2）选用滑动变阻器规格太小（或滑动变阻器的最大电阻太小）；（3）控制电阻两端的电压保持不变（或使电阻两端的电压保持3.5，使电压表的示数。【点评】本题小灯泡的额定功率和研究电流与电阻的关系，考查电路连接、反常现象的分析、控制变量法及实验操作过程。四、简答题（本题共3小题，共32分）10（6分）某同学根据如图所示电路进行实验：先用夹

29、子夹住电动机转轴使其不能转动，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片，记下电压表读数和电流表读数。后松开夹子，使电动机转轴转动，移动滑动变阻器滑片，记下电压表读数和电流表读数。数据记录如下表：U/VI/AW/JQ/J不转动0.20.1W1Q1转动3.01.2W2Q2利用上表数据计算和分析：（已知公式：WUIt、QI2Rt）（1）电动机的电阻为2。（2）不转动时，通电10s，电动机所做的电功W1和所产生的热量Q1；（3）电动机转动时，通电10s，电动机所做的电功W2和所产生的热量Q2；（4）试比较W1和Q1的大小关系以及W2和Q2的大小关系，并分析其原因。【答案】见试题解答内容【分析】（1）电动机不转动

30、时，电能全部转化为内能，利用欧姆定律求电动机的电阻；（2）电动机不转动时，利用电功公式WUIt求消耗的电能，利用焦耳定律QI2Rt求产生的热量；（3）电动机转动时，根据电功公式WUIt消耗的电能，利用焦耳定律QI2Rt求产生的热量；（4）根据上述计算结果得出W1和Q1、W2和Q2的大小关系并分析原因。【解答】解：（1）电动机不转动时，此时电动机可看作纯电阻，由欧姆定律可得电动机的：R2；（2）电动机不转动时，通电10s电动机所做的电功：W1U6I1t0.7V0.1A10s8.2J；通电10s电动机所产生的热量：Q1I52Rt（0.2A）2210s7.2J；（2）电动机转动时，通电10s电动机所

31、做的电功：W2U3I2t3.2V1.2A10s36J，电动机转动时，其线圈的电阻R不变，仍然为，通电10s电动机所产生的热量：Q4I22Rt（4.2A）2610s28.8J；（3）通过上述计算可得，W1Q2，W2Q2；电动机未转动时，电流流经电动机线圈时电能全部转化为内能，因此W5Q1；电动机转动时，电流流经电动机线圈时电能一部分转化为机，因此W2Q8。故答案为：（1）2；（2）不转动时，通电10s，电动机所做的电功为0.；（3）电动机转动时，通电10s，电动机所做的电功为3；（4）电动机未转动时，电流流经电动机线圈时电能全部转化为内能，因此W1Q1；电动机转动时，电流流经电动机线圈时电能一部

32、分转化为机，因此W5Q2。【点评】本题考查电功与热量的计算，解答此题的关键是利用好电功与热量的计算公式。11（6分）如图是工人将重100N的物体匀速放下的过程，已知物体下降的距离为3m，用时2s，工人的拉力为80N，工人质量为60kg。（不计绳重及摩擦，g10N/kg）（1）求工人放绳的速度；（2）求滑轮组的效率；（3）当工人提升另一重240N的物体时工人对地面的压力。【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据v算出物体的速度，根据绳子段数算出工人放绳的速度；（2）根据W有用Gh算出有用功，根据W总Fs算出总功；根据100%算出机械效率；（3）分析可知，当工人提升另一重240N的物体时工人对地面

33、的压力等于人的重力加上人提升重240N的物体时所用拉力。不计绳重及摩擦，F（G+G动），据此首先求出动滑轮的重力；然后利用F（G+G动）求出拉力；再利用Gmg求出人的重力，此题可解。【解答】解：物体下降速度为：v物7.5m/s；因为有2段绳子，所以绳子上升的速度为：v绳6v物21.2m/s3m/s；（2）因为有2段绳子，所以绳子运动距离s6h23m7m；放绳子的有用功：W有用Gh100N3m300J；放绳子的总功：W总Fs80N6m480J；滑轮组的效率：100%100%62.；（3）不计绳重及摩擦，F（G+G动），则动滑轮的重力G动2FG280N100N60N，工人提升另一重240N的物体时所用拉力F（G+G动）