2022-2023学年杨村第一中学物理高三上期中调研试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、在一斜面顶端，将甲乙两个小球分别以v和 的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上甲球落至斜面时的速率和位移大小分别是乙球落至斜面时的（ ）A2倍、2倍B2倍、4倍C4倍、2倍D4倍、4倍2、如图所示，在匀强电场中，有六个点A、B、C、D、E、F，正好构成一边长为 cm的正六边形.点B、C、E的电势分别为-30V、30V和90V.一带电粒子从A点以某一速度沿AB方向射出后到达D点.不计重力.则下列判断正确的是 ( )A该匀强电场场强大小为400V/mBA点的电势为30VC粒子在A点的电势能小于在D点的电势能D粒子在D点的速度方向与AD连线的夹角等于3003、据人民日报客户

3、端1月3日的报道，上午10点26分，嫦娥四号探测器成功着陆在月球背面，完成了人类航天史上的一项壮举，实现了人类第一次在月背软着陆，成为2019年太空领域的“开门红”关于月球，下列说法正确的是（ ）A月球上地磁南极是地理的北极，和地球上相似B月球上的重力加速度约是地球上的6倍C地球同步卫星的轨道半径约是地月距离的十分之一D月球的环绕速度要比地球同步卫星的线速度要大4、2016年10月19日，天宫二号空间实验室与神舟十一号载人飞船在距地面393公里的轨道高度交会对接成功。由此消息对比神舟十一号与地球同步卫星的认识，正确的是（ ）A神舟十一号载人飞船中宇航员没有受到力的作用B神舟十一号载人飞船的周期

4、为24小时C神舟十一号载人飞船的周期小于同步卫星的周期D神舟十一号载人飞船中天平可以正常使用5、根据所学知识，判断下列四个说法中正确是A物体的速度为零时，其加速度就一定为零B物体所受合外力冲量的方向与物体动量变化量的方向一定相同C合外力对物体做功为零时，物体的机械能就一定守恒D做圆周运动物体的向心力一定等于物体所受的合外力6、如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动若保持F的大小不变，而方向与水平面成60角，物块也恰好做匀速直线运动物块与桌面间的动摩擦因数为()A2BCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全

5、部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图所示重力加速度取10 m/s1由图中数据可得A物体的质量为1 kgBh=0时，物体的速率为10 m/sCh=1 m时，物体的动能Ek=40 JD从地面至h=4 m，物体的动能减少100 J8、如图所示，一足够长的斜面体静置于粗糙水平地面上，一小物块正在沿着斜面体匀速下滑，运动到斜面中间对小物块施加一水平向右的恒力F，当物块运动到最低点之前，下列说法正确的是( ) A物块与斜面体间的弹力增大B物块与斜面体

6、间的摩擦力增大C斜面体与地面间的弹力不变D地面对斜面体有向左的摩擦力9、如图所示，竖直放置的两块很大的平行金属板a、b，相距为d，a、b间的电场强度为E，今有一带正电的微粒从a板下边缘以初速度v0竖直向上射入电场，当它飞到b板时，速度大小不变，而方向变为水平方向，且刚好从高度也为d的狭缝穿过b板进入bc区域，bc区域的宽度也为d，所加电场的场强大小为E，方向竖直向上，磁感应强度方向垂直纸面向里，磁场磁感应强度大小等于，重力加速度为g，则下列关于微粒运动的说法正确的A微粒在ab区域的运动时间为B微粒在bc区域中做匀速圆周运动，圆周半径rdC微粒在bc区域中做匀速圆周运动，运动时间为D微粒在ab、

7、bc区域中运动的总时间为10、如图所示，固定在水平面上的竖直轻弹簧上端与质量为M的物块A相连，静止时物块A位于P处。另有一质量为m的物块B，从A的正上方Q处自由下落，与A发生碰撞立即具有相同的速度，然后A、B一起向下运动，将弹簧继续压缩后，物块A、B被反弹。下面是有关的几个结论，其中正确的是（）AA,B一起向下运动过程A、B均处于超重状态BA,B反弹分离时加速度都小于gCA,B分离时均处于失重状态DA,B反弹过程中，在P处物块B与A仍未分离三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组利用如图甲所示的装置进行“探究加速度与合外力的

8、关系”的实验，已知小车质量为M，重力加速度为g （1）实验中平衡摩擦力后，必须采用_法，保持小车质量不变，若想用钩码的重力作为小车所受合外力，需满足_；（2）某次实验中打出的一条纸带如图乙所示，图中1、2、3、4、5为相邻计数点，且相邻计数点间的时间间隔为0.1s，由该纸带可求得小车的加速度a=_m/s2；（结果保留3位有效数字）（3）改变钩码的个数重复实验，得到加速度a与合外力F的关系如图丙所示，由图象直线部分OA，可得出的结论是_直线部分OA的斜率k=_（用M、g表示）12（12分）如图甲所示的装置叫做阿特伍德机，是英国数学家和物理学家阿特伍德创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线

9、运动的规律某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律，如图乙所示(1)实验时，该同学进行了如下操作：将质量均为M (A的含挡光片，B的含挂钩)的重物用绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态，测量出_ (填“A的上表面”、“A的下表面”或“挡光片中心”)到光电门中心的竖直距离h.在B的下端挂上质量为m的物块C，让系统(重物A、B以及物块C)中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为t.测出挡光片的宽度d，计算有关物理量，验证机械能守恒定律(2)如果系统(重物A、B以及物块C)的机械能守恒，应满足的关系式为_ (已知重力加速度为g)(3)引起该实验系统误差的原因有_ (写一条即可)(

10、4)验证实验结束后，该同学突发奇想：如果系统(重物A、B以及物块C)的机械能守恒，不断增大物块C的质量m，重物B的加速度a也将不断增大，那么a与m之间有怎样的定量关系？a随m增大会趋于一个什么值？请你帮该同学解决：写出a与m之间的关系式：_ (还要用到M和g)a的值会趋于_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一半圆柱形透明物体横截面如图。底面AOB镀银(图中粗线),O表示半圆截面的圆心。一束光线在横截面内从M点的入射角为30,M0A=60,NOB=30。求：光线在M点的折射角;透明物体的折射率。14（16分

11、）质量是2g的子弹，以300ms的速度水平射入厚度是5cm的木板，射穿后的速度是100ms子弹在射穿木板的过程中所受的平均阻力是多大15（12分）某兴趣小组举行遥控赛车比赛，比赛轨道如图所示：水平直线轨道与光滑竖直半圆轨道BC相切与B点。一辆可视为质点的赛车从起点A出发，沿水平直线轨道向右运动，由B点进入光滑竖直半圆轨道，并通过轨道的最高点C作平抛运动，落地后才算完成比赛。已知光滑竖直半圆轨道半径为R = O.4m、赛车质量m = O.5 kg。通电后赛车电动机以额定功率P =4W工作，赛车在水平轨道上受到的阻力恒为f = O.4 N， g取1Om/s2 。则：(1)若 AB间距离L=10m，

12、要使赛车能完成比赛，电动机至少要工作多长时间？(2)若赛车在B点速度vB= 8.Om/s，问半圆轨道半径R改变为多少时赛车能完成比赛，且落地点离B点最远？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】设斜面倾角为，小球落在斜面上速度方向偏向角为，甲球以速度v抛出，落在斜面上，如图所示；根据平抛运动的推论可得tan=2tan，所以甲乙两个小球落在斜面上时速度偏向角相等；故对甲有：v甲末=；对乙有：v乙末=，所以；根据 ，位移 ，则甲球落至斜面时的位移大小是乙球落至斜面时的4倍，故B正确、ACD错误；故选B【点睛】本题

13、主要是考查了平抛运动的规律，知道平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动；解决本题的关键知道平抛运动的两个推论2、A【解析】A.由匀强电场中沿任意方向相同距离电势差相等，则BC=FE；B=30V，C=30V，E=90V所以F=30V，AB也为等势线，故A=B=30V；由几何关系，BC在电场线方向投影长为10cos300=15cm，又因为UBC=60V，所以E=400V/m故A正确，B错误；C.FC连线为等势线，电场线垂直FC向上，带电粒子所受电场力垂直于FC向下，故带负电又因为AEPD，故C错误；D.此粒子运动为类平抛运动，AE=AB，所以到达D点时的速度垂直AB方向的

14、分量等于沿AB方向分量的2倍，设速度方向与ED之间的夹角为，tan=2，大于600，所以粒子在D点的速度方向与AD连线的夹角大于30，故D错误 故选A【点睛】根据匀强电场中沿任意方向相同距离电势差相等，求F点的电势为30V，说明FC为一条等势线，判断出电场线的方向，由U=Ed求电场强度分析粒子的受力情况，确定粒子的电性根据公式Ep=q分析电势能的大小根据类平抛运动的规律求出粒子在D点的速度方向与AD连线的夹角3、C【解析】A月球现在没有全球性的偶极磁场故A错误B月球上的重力加速度约是地球上的故B错误C根据卫星的向心力由万有引力提供，有：对同步卫星有： 对月球有： 而由得：n60，所以地球同步卫

15、星的轨道半径约是地月距离的十分之一故C正确；D月球的质量约为地球的1/81，半径约为地球半径的1/4，地球上第一宇宙速度为：v地7.9km/s，根据万有引力提供圆周运动向心力有：得绕星球表面飞行的探测器的速度为：所以绕月球飞行的探测器速度为：地球同步卫星：所以月球的环绕速度要比地球同步卫星的线速度要小故D错误4、C【解析】飞船绕地球做匀速圆周运动，宇航员仍然受到万有引力，只是万有引力提供圆周运动的向心力；故A错误；神舟十一号的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则由可知，神舟十一号的运行周期小于同步卫星的周期，即小于24小时故B错误，C正确；神舟十一号载人飞船中天平处于完全失重状态，不能正常使用；

16、故D错误；故选C.点睛：解决本题的关键是理解宇宙员处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动；明确飞船上所有天体均做匀速圆周运动5、B【解析】A速度是加速度的变化率，速度为零时，加速度不一定为零，如自由落体运动的初速度为零，但加速度不为零。故A错误。B根据动量定理，物体所受合外力冲量的方向与物体动量变化量的方向一定相同。故B正确。C在外力作用下物体向上匀速运动，合力做功为零，但机械能增加。故C错误。D做匀速圆周运动物体的向心力一定等于物体所受的合外力，做变速圆周运动的物体的合外力不一定等于向心力。故D错误。6、C【解析】当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，即：，当拉力倾

17、斜时，物体受力分析如图由平衡条件得：，又，得摩擦力为：，联立解得：，故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AEp-h图像知其斜率为G，故G= =10N，解得m=1kg，故A正确Bh=0时，Ep=0，Ek=E机-Ep=100J-0=100J，故=100J，解得：v=10m/s，故B错误；Ch=1m时，Ep=40J，Ek= E机-Ep=90J-40J=50J，故C错误Dh=0时，Ek=E机-Ep=100J-0=100J，h=4m时，Ek=E机-Ep=80

18、J-80J=0J，故Ek- Ek=100J，故D正确8、AB【解析】AB设斜面的倾角为，不加推力F时，滑块匀速下滑，受重力、支持力和摩擦力，根据共点力平衡条件，支持力N=mgcos摩擦力f=mgsin故动摩擦因数tan对小物块施加一水平向右的恒力F后，支持力变大；滑动摩擦力，也变大；故AB正确；CD不加推力F时，根据平衡条件，滑块受的支持力和摩擦力的合力竖直向上；故根据牛顿第三定律，滑块对斜面体的压力和摩擦力的合力竖直向下，故斜面体相对地面没有滑动趋势，故斜面体不受摩擦力；加上水平推力后，滑块对斜面体的摩擦力和压力同比例增加，其合力方向依旧是竖直向上（大小变大，方向不变）；同理，根据牛顿第三定

19、律，滑块对斜面体的压力和摩擦力的合力依旧是竖直向下（大小变大，方向不变），故斜面体相对地面仍然没有滑动趋势，故斜面体仍然不受摩擦力，但对地压力变大了；故CD错误。故选AB。【点睛】本题考查平衡问题，要采用隔离法分析，根据平衡条件并结合牛顿第三定律分析，关键是明确滑块对斜面体的压力和摩擦力的合力方向不变，不难9、AD【解析】将粒子在电场中的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速运动，竖直分运动为末速度为零的匀减速运动，根据运动学公式，有：水平方向：v0=at，；竖直方向：0=v0-gt；解得a=g ，故A正确；粒子在复合场中运动时，由于电场力与重力平衡，故粒子做匀速圆周运动

20、，洛伦兹力提供向心力解得：，由得到r=2d，故B错误；由于r=2d，画出轨迹，如图，由几何关系，得到回旋角度为30，故在复合场中的运动时间为，故C错误；粒子在电场中运动时间为：，故粒子在ab、bc区域中运动的总时间为：，故D正确；故选AD【点睛】本题关键是将粒子在电场中的运动正交分解为直线运动来研究，而粒子在复合场中运动时，重力和电场力平衡，洛仑兹力提供向心力，粒子做匀速圆周运动10、CD【解析】由题，B与A相碰撞后，立即具有相同的速度。A、B一起向下运动过程中，开始时弹簧的弹力小于二者重力的和，二者加速度的方向向下，所以A、B均处于失重状态。故A错误。在反弹过程中，当物块B与A刚分离时，B只

21、受重力，A对B没有弹力，加速度为g，结合分离的条件可知，两个物体分离的瞬间它们具有相等的速度和相等的加速度，所以A的加速度也是g，可知A、B分离时均处于失重状态。故B错误，C正确；反弹过程中，当物块B与A刚分离时，B只受重力，A对B没有弹力，加速度为g，则由牛顿第二定律得知，弹簧处于原长状态，此位置在P点的上方，在P处物块B与A仍未分离。故D正确。故选CD。【点睛】本题属于含有非弹性碰撞的过程，解答的过程中要注意：物块B与A刚分离时，A对B没有弹力，加速度为g，分析物体B的位置三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、控制变量 小车质量远大于

22、钩码质量 1.15 小车质量不变时，加速度与合外力成正比 【解析】（1）12实验中平衡摩擦力后，必须采用控制变量法，保持小车质量不变，若想用钩码的重力作为小车所受合外力，需满足小车质量远大于钩码质量；（2）3由匀变速直线运动的推论x=at2可知，加速度：（3）4由图丙所示图象可知，图象OA部分是直线，由此可知：小车质量不变时，加速度与合外力成正比由牛顿第二定律得：，则a-F图象直线部分OA的斜率：；12、挡光片中心 绳子有一定的质量、滑轮与绳子之间有摩擦、重物运动受到空气阻力等 重力加速度g 【解析】解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为0.0120.0mm=0.200

23、mm，所以最终读数为：5.5mm+0.200mm=5.700mm（2）需要测量系统重力势能的变化量，则应该测量出挡光片中心到光电门中心的距离，系统的末速度为：，则系统重力势能的减小量Ep=mgh，系统动能的增加量为：,若系统机械能守恒，则有：（3）系统机械能守恒的条件是只有重力做功，引起实验误差的原因可能有：绳子有质量；滑轮与绳子有摩擦；重物运动受到阻力作用（4）根据牛顿第二定律得，系统所受的合力为mg，则系统加速度为：，当m不断增大，则a趋向于g【点评】考查螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，解决本题的关键知道实验的原理，知道误差产生的原因，掌握整体