2023届河南省上蔡一高物理高三第一学期期中监测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动。开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m。则刹车后6s内的位移是（）A25mB24mC20mD36m2、甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移时间（

2、xt）图象如图所示，由图象可以得出在04 s内（ ）A甲、乙两物体始终同向运动B4 s时甲、乙两物体间的距离最大C甲的平均速度等于乙的平均速度D甲、乙两物体间的最大距离为6 m3、在水平路面上做匀速直线运动的小车上有一固定的竖直杆，车上的三个水平支架上有三个完全相同的小球A、B、C，它们离地面的高度分别为3h、2h和h，当小车遇到障碍物P时，立即停下来，三个小球同时从支架上水平抛出，先后落到水平路面上，如图所示，不计空气阻力，则下列说法正确的是()A三个小球落地时间差与车速有关B三个小球落地点的间隔距离L1L2C三个小球落地点的间隔距离L1L24、下列各叙述中正确的是（ ）A牛顿总结出了万有引

3、力定律并用实验测出了引力常量B伽利略首先将实验事实和逻辑推理(包括数学推演)和谐地结合起来C理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素突出主要因素，例如质点、位移等D用比值定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如速度v=、加速度a=都是采用了比值法定义的5、一根细线一端系一小球（可视为质点），另一端固定在光滑圆锥顶上，如图所示，设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为，细线的张力为FT，则FT随2变化的图象是（）ABCD6、如图所示，水平桌面光滑，A、B物体间的动摩擦因数为(可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，A物体质量为2m，B和C物体的质量均为m，滑轮光滑，砝码盘中可以任意加减砝码在

4、保持A、B、C三个物体相对静止且共同向左运动的情况下，B、C间绳子所能达到的最大拉力是 ( )AmgBmgC2mgD3mg二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时速率为1m/s，从此刻开始在与速度平行的方向上施加一水平作用力F，力F、滑块的速度v随时间的变化规律分别如图甲、乙所示（力F和速度v取同一正方向），g=10m/s2，则A滑块的质量为1.0kgB滑块与水平地面间的动摩擦因数为0.05C第2s内力F的平均功率为3.0WD第1内和

5、第2s内滑块的动量变化量相同8、一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷入泥潭中若把在空中下落的过程称为过程I，进入泥潭直到停住的过程称为过程II，空气阻力忽略不计则（ ）A过程I中钢珠动量的改变量等于重力的冲量B过程中阻力的冲量的大小等于过程I中重力冲量的大小C过程II中钢珠克服阻力所做的功等于过程I与过程II中钢珠所减少的总重力势能D过程II中损失的机械能等于过程I中钢珠所增加的动能9、甲、乙两汽车在同一条平直公路上同向运动，其速度时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示。已知两车在t2时刻并排行驶。下列说法正确的是（）。A两车在t1时刻也并排行驶B在t1时刻甲车在后，乙车在前C甲车的加速度大小

6、先增大后减小D乙车的加速度大小先减小后增大10、如图所示，物块沿固定斜面下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则（）A若物块原来匀速下滑，施加力F后物块将加速下滑B若物块原来匀速下滑，施加力F后物块仍将匀速下滑C若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将以加速度a匀加速下滑D若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将匀加速下滑，加速度大于a三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用 DIS 测电源的电动势和内阻”的实验中，将待测电池组、滑动变阻器、电流传感器、电压传感器、定值电阻、电键及若干导线连接成如图(甲

7、)所示的电路，定值电阻 约为 3。(1)图(甲)所示的电路中有一处连接错误，连接错误的导线是:_(填写导线的字母代号）(2)现有两种规格的滑动变阻器: (A) 1000，0.1A; (B) 10， 2.0A。实验中应选用_ (填写变阻器前的字母)。(3)某同学按照图(乙)所示的电路进行连接，误将电压传感器的正负极接反，但他尚未发现， 继续后面的操作。将变阻器的滑动头 P 移到左端，闭合电键，对电压传感器和电流传感器进行调零。将滑动头 P 逐渐向右侧移动，测出相应的电压、电流，由电脑绘出的伏安特性曲线应 为 （_）12（12分）如图所示为做“在合力一定的情况下，小车的加速度与其质量间的关系”的实

8、验装置。（1）下面列出了一些实验器材：220 V交流电源、纸带、带滑轮的长木板、垫块、小车和砝码、砂桶和砂、天平（附砝码）。除以上器材外，还需要的实验器材有_。A秒表 B刻度尺 C电火花计时器 D弹簧测力计（2）实验中，需要平衡摩擦力：用垫块把木板一端垫高，反复移动垫块的位置，使小车在不受绳的拉力时能_（填“拖动纸带”或“不拖动纸带”）沿木板做匀速直线运动。（3）实验中，为了保证砂和砂桶所受的重力近似等于使小车做匀加速运动的拉力，砂和砂桶的总质量m与小车和车上砝码的总质量M之间应满足的条件是_。这样，在改变小车上砝码的质量时，只要砂和砂桶质量不变，就可以认为小车所受拉力几乎不变。（4）如图所示

9、，A、B、C为三个相邻的计数点，相邻两计数点之间还有四个点没有画出，若打点计时器的打点周期为T=0.02 s，A、B间的距离为x1，B、C间的距离为x2，已知x1=5.38 cm，x2=6.46 cm，则a=_m/s2（结果保留2位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平面上放着一块质量为薄木板（厚度忽略不计），长为，木板处于静止状态。质量为的小物块可视为质点放在木板的最右端。已知物块与木板间的动摩擦因数，物块与地面、木板与地面的动摩擦因数均为。可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对木

10、板施加一个水平向右的恒力F（g取）。若要使木板开始运动，且物块相对木板不滑动，则求F的取值范围。若，求物块即将滑离木板时的速度大小。若，物块静止时离木板右端距离。14（16分）如图所示，倾角=37的斜面固定在水平面上质量m=1.0kg的小物块受到沿斜面向上的F=9.0N的拉力作用，小物块由静止沿斜面向上运动，斜面足够长小物块与斜面间的动摩擦因数=0.1（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）（1）求小物块运动过程中所受摩擦力的大小（2）求在拉力的作用过程中，小物块加速度的大小（3）若在小物块沿斜面向上运动0.80m时，将拉力F撤去，求此后小物块沿斜面向上运动的最大距离15

11、（12分）、两个粒子都带正电，的电荷量是的倍、的质量是的倍，以已知速度向静止的粒子飞去由于库仑斥力，它们之间的距离缩短到某一极限值后又被弹开，然后各自以新的速度做匀速直线运动设作用前后它们的轨迹都在同一直线上，如果电荷的质量为，计算：（1）当、之间的距离最近时它们各自的速度（2）当、距离最近时损失的机械能参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据解得设汽车的初速度为，第1s末的速度为，则根据代入数据解得故刹车时间为所以刹车后6s内的位移A正确，BCD错误。故选A。【点睛】本题疑难之处在于汽车的刹车时间，突破

12、点是弄清楚6s内汽车是否停下来。2、C【解析】A图像的斜率等于速度，可知在内甲、乙都沿正向运动，运动方向相同。内甲沿负向运动，乙仍沿正向运动，运动方向相反，故A错误。BD内甲乙同向运动，甲的速度较大，两者距离不断增大。后甲反向运动，乙仍沿原方向运动，两者距离减小，则时甲、乙两物体间的距离最大，最大距离为 ，故BD错误。C由图知，在内甲、乙的位移都是，平均速度相等，故C正确。3、C【解析】试题分析：据题意三个小球从车上水平抛出后均做平抛运动，平抛运动的时间与高度有关，所以A选项错误；据h=gt2，三个小球的落地时间比为tA：tB：tC=，又据L=vt，小球落地间隔距离之比为：L1：L2=（-）：

13、（-1）1，说明L1L2，所以C选项正确考点：本题考查对平抛运动的应用4、B【解析】牛顿总结出了万有引力定律，卡文迪许用实验测出了引力常量，选项A错误；伽利略首先将实验事实和逻辑推理（包括数学推理）和谐地结合起来，选项B正确；理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如质点，点电荷等，选项C错误；用比值定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如速度；加速度不是采用了比值法定义的，选项D错误；故选B.5、C【解析】由题知小球未离开圆锥表面时细线与竖直方向的夹角为，用L表示细线长度，小球离开圆锥表面前，细线的张力为FT，圆锥对小球的支持力为FN，根据牛顿第二定律有FTsinF

14、Ncosm2LsinFTcosFNsinmg联立解得FTmgcos2mLsin2小球离开圆锥表面后，设细线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律有FTsinm2Lsin解得FTmL2故C正确。故选C。6、B【解析】AB间的最大静摩擦力为2mg，先以BC整体为研究对象，根据牛顿第二定律2mg=2mamax得amax=g以C为研究对象，根据牛顿第二定律Tmax=ma=mg故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由v-t图象的斜率得到加速度为：，由两图知，第一

15、秒内有：，第二秒内有：，代入数据得：故A错误，B正确；由得第2s内力F的平均功率为，故C错误；由图乙可知第一秒内和第二秒内速度的变化都是，所以动量的变化量都是：，故D正确故选BD.【点睛】由v-t图象的斜率得到加速度；由牛顿第二定律列方程求解摩擦力和滑块的质量；由P=Fv求解平均功率，根据求出动量的变化量.8、AC【解析】过程中钢珠只受到重力，根据动量定理分析得知，钢珠动量的改变量等于重力的冲量故A正确对全过程分析，根据动量定理可知，则阻力的冲量的大小等于过程和过程中重力冲量的大小总和故B错误对于整个过程：钢珠动能的变化量，根据动能定理得知，整个过程重力做功等于钢珠克服阻力做功，而整个重力做功

16、等于整个过程中钢珠所减少的重力势能，所以过程中钢珠克服阻力所做的功等于过程与过程中钢珠所减少的重力势能之和故C正确根据功能关系分析得知，过程中损失的机械能等于过程中钢珠克服阻力做功，等于过程中钢珠所增加的动能和过程减小的重力势能故D错误故选AC【点睛】本题一要灵活选择研究的过程；二是运用动量定理研究冲量，运用动能定理研究动能的改变量是常用的思路9、BD【解析】AB两车在t2时刻并排行驶，t1t2时间内，由图象与坐标轴所围的面积可知，甲车的位移大于乙车的位移，所以在t1时刻，两车不是并排行驶，而是甲在乙的后面，故A错误B正确；CD由图象的斜率知，甲、乙两车的加速度均先减小后增大，故C错误D正确。

17、故选BD。10、BD【解析】设斜面倾角为，原来物体匀速下滑时有：，即，与物体的重力无关，则施加竖直向下的力F，物体仍匀速下滑，A错误，B正确；若物块A原来加速下滑，有，将F分解，则，动力的增加大于阻力的增加，加速度变大，故C错误，D正确；选BD.【点睛】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个分力和，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、d B B 【解析】(1)1 d线接错,滑动变阻器接线要求接在接线柱上,不能连接在滑片上,故d导

18、线连接错误;(2)2A滑动变阻器最大阻值太大,电流较小,不方便调节,也不方便电流的测量,故滑动变阻器选B;(3)3将变阻器的滑动头P移到左端,闭合电键,对电压传感器和电流传感器进行调零此时电路中电流最小,值为,以这个电流作为伏安特性曲线中电流的0点此时电压传感器的值反向最大,为,以这个电压作为伏安特性曲线中电压的0点将滑动头P逐渐向右侧移动,则R将要减小,将要增大;而电压传感器示数,I增大,则Ir将增大,将要增大,即电压传感器的值在增大,且成线性关系故时,U就在调零后的起始位置,故B正确，ACD错误。12、BC 拖动纸带 mM 1.1 【解析】根据实验目的明确实验步骤和所要测量的物理量，即可知

19、道实验所需要的实验器材，根据匀变速直线运动的推论x=aT2求解加速度。【详解】(1) 本实验需要测量纸带上点的间距，需要刻度尺；有220V交流电源，需要电火花计时器；故选BC；(2) 平衡摩擦力时，摩擦力包括轨道的摩擦和限位孔的摩擦，故需要拖着纸带来平衡摩擦力；(3) 根据实验误差的来源，在 Mm条件下，可以认为绳对小车的拉力近似等于沙和沙桶的总重力；(4) 根据x=aT2得：。【点睛】解决实验问题的关键是明确实验原理，同时熟练应用基本物理规律解决实验问题，要明白公式的x=aT2的推导和应用，知道为什么沙和沙桶的总质量远小于小车的质量时沙和沙桶的重力可以认为等于小车的拉力，对于基本知识规律不但

20、明白是什么还要知道为什么。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3NF9N；（2）2m/s；（3）18m【解析】（1）根据木板受到地面的最大静摩擦力求出F的最小值，根据牛顿第二定律求出m不发生相对滑动的最大加速度，对整体分析，根据牛顿第二定律求出最大拉力，从而得出F的范围；（2）当F=13N时，M和m发生相对滑动，根据牛顿第二定律分别求出m和M的加速度，结合位移关系，运用运动学公式求出滑离时经历的时间，根据速度时间公式求出物块滑离木板时的速度大小；（3）根据牛顿第二定律分别求出滑离木板后木块和木板的加速度，根据

21、速度公式和速度位移关系求出木块速度减到零时木块的位移和所用的时间，根据位移时间关系求出木板的位移，根据几何关系求出物块静止时离木板右端距离。【详解】(1)地面对木板的滑动摩擦力f=2(M+m)g=0.130N=3N物块的最大加速度am=1mg/m=1g=0.210m/s2=2m/s2，根据牛顿第二定律得，Fmf=(M+m)am，代入数据解得F的最大值Fm=9N，要使木板运动，且物块不滑动，则3N9N，所以物块与木板发生相对滑动。物块的加速a1=1mg/m=1g=2m/s2，木板的加速度a2=m/s2=4m/s2，设经t时间物块从木板滑离，则L=，代入数据解得t=1s，物块滑离木板时的速度v=a1t=21m/s=2m/s；（3）物块离开木板后，在