广东省广州市广东第二师范学院番禺中2022-2023学年物理高三上期中考试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图(a)所示，在水平路段AB上有质量为1103kg的汽车，正以10m/s的速度向右与匀速行驶，汽车前方的水平路段BC因粗糙程度与AB段不同引起阻力变化，汽车通过整个ABC路

2、段的v-t图象如图(b)所示，t=15s时汽车附好到达C点，并且已做匀速直线运动，速度大小为5m/s.运动过程中汽车发动机的输出功率保持不变，假设汽车在AB路段上运动时所受的恒定阻力为=2000N，下列说法正确的是A汽车在BC段牵引力增大，所以汽车在BC段的加速度逐渐增大B汽车在AB、BC段发动机的额定功率不变都是1104WC由题所给条件不能求出汽车在8m/s时加速度的大小D由题给条件可以求出汽车在BC段前进的距离2、如图所示，质量分别为mA和mB的物体A和B相对静止，以共同的速度沿倾角为的固定斜面匀速下滑，则下列说法正确的是( )AA、B之间的动摩擦因数小于B与斜面之间的动摩擦因数BB受到的

3、摩擦力的合力大小为CA受到的静摩擦力的大小为D取走A物体后，B物体仍将匀速下滑3、如图所示，叠放在固定粗糙斜面上的物块A和B接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，在下滑过程中A和B的受力个数为（ ）A2个，4个B2个，5个C3个，4个D3个，5个4、如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，先后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为F和F,已知支架间的距离为AB的一半，则FF为（ ）A233 B32 C3 D335、爱因斯坦说：“伽利略的发现以及他所应用的科学推理方法，是人类思想史上最伟大的成就之一，标志着物理

4、学的真正开端。”在科学史上，伽利略享有“近代科学方法论的奠基人”的美誉。伽利略物理思想方法的研究顺序是A提出假说，数学推理，实验验证，合理外推B数学推理，实验验证，合理外推，提出假说C实验验证，合理外推，提出假说，数学推理D合理外推，提出假说，数学推理，实验验证6、如图所示的曲线a、b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移时间图线。由图可知()A在0到4s这段时间内，a车与b车同向运动B在0到4s这段时间内，a车速度逐渐减小，b车速度逐渐增加C在0到4s这段时间内，a车的平均速度小于b车的平均速度D在4s时，a车的瞬时速度大于b车的瞬时速度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

5、在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、与嫦娥号、号月球探测器不同，嫦娥号是一次性进入距月球表面高的圆轨道（不计地球对探测器的影响），运行一段时间后再次变轨，从的环月圆轨道，降低到距月球的近月点、距月球的远月点的椭圆轨道，如图所示，为下一步月面软着陆做准备关于嫦娥号探测器下列说法正确的是（ ）A探测器在轨道经过点的速度小于轨道经过点的速度B探测器沿轨道运动过程中，探测器中的科考仪器所受重力为零，出于完全失重状态C探测器从轨道变轨到轨道，在点应加速D探测器在轨道经过点时的加速度等于在轨道经过点时的加速度8、在水平向左的匀强电

6、场中，一带电颗粒以速度v从a点水平向右抛出，不计空气阻力，颗粒运动到b点时速度大小仍为v，方向竖直向下已知颗粒的质量为m，电荷量为q，重力加速度为g，则颗粒从a运动到b的过程中A做匀变速运动B速率先增大后减小C电势能增加了Da点的电势比b点低9、如图所示，一根很长且不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端系着三个小球A、B、C，三小球组成的系统保持静止，A球质量为m，B球质量为3m，C球离地面高度为h现突然剪断A球和B球之间的绳子，不计空气阻力，三个小球均视为质点，则（）A剪断绳子瞬间，A球的加速度为gB剪断绳子瞬间，C球的加速度为gCA球能上升的最大高度为2hDA球能上升的最大高度为1.6h

7、10、如图,水平光滑地面上停放着一质量为M的小车,其左侧有半径为R的四分之一光滑圆弧轨道AB，轨道最低点B与长为L的水平轨道BC相切,整个轨道处于同一竖直平面内。将质量为m的物块(可视为质点)从A点无初速释放,物块沿轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出,设重力加速度为g,空气阻力可怎略不计。关于物块从A位置运动至C位置的过程中,下列说法正确的（ ）A小车和物块构成的系统动量守恒B摩擦力对物块和轨道所做的功的代数和为-mgRC小车在全过程中运动的最大位移为mm+MLD小车运动过程中的最大速度为2m2gRM2+Mm三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程

8、。11（6分）欲用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A电池组（3 V，内阻1）B电流表（13 A，内阻11125）C电流表（116 A，内阻1125）D电压表（13 V，内阻3 k）E电压表（115 V，内阻15 k）F滑动变阻器（121，额定电流1 A）G滑动变阻器（12 111，额定电流13 A）H开关、导线（1）滑动变阻器应选用的是_。（填写器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表_接法（填“内”或“外”），采用此接法测得的电阻值比其真实值偏_（填“大”或“小”），造成这种误差的主要原因是_。（3）设实验中，电流表、电压表的某组示数如下

9、图所示，图示中I=_A，U=_V。（4）为使通过待测金属导线的电流能在115A范围内改变，请按要求在方框内画出测量待测金属导线的电阻Rx的原理电路图_。12（12分）在“用 DIS 测电源的电动势和内阻”的实验中，将待测电池组、滑动变阻器、电流传感器、电压传感器、定值电阻、电键及若干导线连接成如图(甲)所示的电路，定值电阻 约为 3。(1)图(甲)所示的电路中有一处连接错误，连接错误的导线是:_(填写导线的字母代号）(2)现有两种规格的滑动变阻器: (A) 1000，0.1A; (B) 10， 2.0A。实验中应选用_ (填写变阻器前的字母)。(3)某同学按照图(乙)所示的电路进行连接，误将电

10、压传感器的正负极接反，但他尚未发现， 继续后面的操作。将变阻器的滑动头 P 移到左端，闭合电键，对电压传感器和电流传感器进行调零。将滑动头 P 逐渐向右侧移动，测出相应的电压、电流，由电脑绘出的伏安特性曲线应 为 （_）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，一个以恒定速率逆时针转动的传送带AB，在其左侧边缘的B点有一个不计大小的滑块，若滑块以初速度v1=3m/s冲上传送带，滑块运动的v-t力象如图乙中实线a所示；若滑块以初速度v1=6m/s冲上传送带，滑块运动的v-t图象如图所乙实线b所示重力加速

11、度g取10m/s1求： （1）传送带的长度L和传送带与滑块间的动摩擦因数； （1）滑块以初速度v1=3m/s冲上传送带到返回B点所用的时间t 14（16分）一转动装置如图所示，两根轻杆OA和AB与一小球以及一小环通过铰链连接，两轻杆长度相同，球和环的质量均为m，O端通过铰链固定在竖直的轻质转轴上，套在转轴上的轻质弹簧连接在O与小环之间，原长为L，装置静止时，弹簧长为L，转动该装置并缓慢增大转速，小环缓慢上升。弹簧始终在弹性限度内，忽略一切摩擦和空气阻力，重力加速度为g，求：（1）弹簧的劲度系数k；（2）AB杆中弹力为零时，装置转动的角速度0。15（12分）如图所示，在倾角为=30的光滑斜面上有

12、两个用轻质弹簧相连接的物块AB，它们的质量均为为m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使之向上匀加速运动，当物块B刚要离开C 时F的大小恰为2mg求：（1）从F开始作用到物块B刚要离开C的时间（2）到物块B刚要离开C时力F所做的功参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.由v-t图斜率代表加速度可知，BC段图像斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小，故A错误；B.当在AB匀速运动时牵引力与摩擦力相等，则有C.由B选项可知汽车额定功率，当汽车速度为8m/s时，则此时

13、的牵引力则此时加速度为故C错误；D.设从B到C的距离为x，由动能定理可知解得故D错误。故选D。2、A【解析】隔离A，对A受力分析，在沿斜面方向上，方向沿斜面向上，所以A对B的摩擦力方向沿斜面向下，将AB看做一个整体，对整体受力分析，在沿斜面方向上有，故两个摩擦力的合力，BC正确；根据滑动摩擦力定义可知，解得，解得，故，A错误；取走A物体后，仍有，所以B物体仍做匀速下滑运动，D正确3、A【解析】叠放在固定粗糙斜面上的物块A和B接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，A受到重力和B对它的支持力，故A受2个力；B受到重力、A对它的压力、斜面对它的支持力和斜面对它的摩擦力，故B受4个

14、力故选A4、C【解析】对左图，上面球收重力和支持力而平衡，根据平衡条件得到支持力；对右图，隔离半个球分析，受重力、左侧球的支持力和右角的支持力，根据平衡条件列式求解。【详解】设两半球的总质量为m，当球以AB沿水平方向放置，可知F=12mg 当球以AB沿竖直方向放置，以两半球为整体，隔离右半球受力分析，由平衡条件可得：F=12mgtan 根据支架间的距离为AB的一半，可得=30，则FF=3，故C正确。【点睛】本题关键是根据隔离法和整体法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解。5、A【解析】伽利略的物理思想方法的研究顺序是：提出假说、数学推理、实验验证、合理外推，典型的就是伽利略对自由落

15、体运动的研究，所以A正确；故选A。6、B【解析】由图可知，在0到4s这段时间内，a车沿x轴负方向运动做速度越来越小的直线运动，b车沿x轴正方向运动做速度越来越大的直线运动，A错误，B正确；在0到4s这段时间内，a车的位移为，平均速度为，b车的位移为，平均速度为，即a车的平均速度大于b车的平均速度，C错误；位移时间图象的切线斜率表示该时刻对应的瞬时速度，由此可知在4s时，a车图线的切线斜率小于b车图线的切线斜率，D错误，选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABCD

16、【解析】A项：探测器从轨道变为轨道做离心运动，所以要加速，所以探测器在轨道经过A点的速度小于在轨道经过A点的速度，故A正确；B项：探测器沿轨道运动做匀速圆周运动，即万有引力完全提供向心力，所以探测器中的科考仪器处于完全失重状态，故B正确；C项：探测器从轨道变轨到轨道做近心运动，所以要减速，故C错误；D项：由牛顿第二定律可知：，由于距离相同，所以加速度相同，故D正确8、AC【解析】A.小球受到的重力和电场力是恒力，所以小球做的是匀变速运动故A正确B.由于不知道重力和电场力的大小关系，故无法确定速度大小的变化情况故B错误C.在平行于电场方向，小球的动能减小量为，减小的动能转化为了小球的电势能，所以

17、小球电势能增加了故C正确D. 在平行于电场方向有，解之得，所以a点的电势比b点低故D错误9、AD【解析】根据平衡条件可得C球的质量为：mCmA+mB4m.AB.突然剪断A球和B球之间的绳子瞬间，以A和C为研究对象，根据牛顿第二定律可得：A球和C球的加速度大小g，故A项符合题意，B项不合题意.CD.A球上升h时的速度为：，而后又上升x速度为零，则有：v22gx，解得：xh，故球能上升的最大高度为：Hh+x1.6h，故C项不合题意，D项符合题意.10、BD【解析】系统所受合外力为零时，系统动量守恒；由动能定理或机械能守恒定律求出物块滑到B点时的速度，然后由动量守恒定律求出物块与小车的共同速度，即为

18、最大速度。【详解】A项：在物块从A位置运动到B位置过程中，小车和物块构成的系统在受到的合力不为零，系统动量不守恒，但在水平方向上动量守恒，故A错误；B项：由功能关系可知，摩擦力对物块和轨道所做的功的代数和的绝对值为因摩擦产生的内能即损失的机械能，由系统水平方向动量守恒可知，最后A物块和小车都静止，由能量守恒可知，损失的机械能为mgR，故B正确；C项：由系统水平方向动量守恒和“人船模型”可知，mx1=Mx2，x1+x2=L+R，解得：x2=mm+M(L+R)，故C错误；D项：当A物块运动到B点时，小车的速度最大，由水平方向动量守恒得：mv1=Mv2，由机械能守恒得：mgR=12mv12+12Mv

19、22，联立解得：v2=2m2gRM2+Mm，故D正确。故应选：BD。【点睛】动量守恒条件是：系统所受合外力为零，对物体受力分析，判断系统动量是否守恒；熟练应用动量守恒定律、动能定律、能量守恒定律即可正确解题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）F， （2）外， 小， 电压表的分流作用 ； （3）148， 221； （4）如下图所示【解析】（1）题目要求测量结果尽量准确要选择滑动变阻器分压接法，则选取小阻值F；故选取的（2）电池组3V，则选取电压表D；根据欧姆定律，故电流表选取C；被测电阻约；为小电阻，故选择电流表外接；采用此接法

20、测得电阻上的电流值偏大，则电阻值比其真实值偏小，造成这种误差的主要原因是电压表的分流作用；（3）电流表读数I=1.48A；电压表读数U=2.21V；（4）电流表外接又滑动变阻器分压接法，故电实验原理电路图如图：点睛：电学实验要注意以下问题：（1）仪表的选择；（2）电路的接法；（3）数据的处理；要学会根据实验的原理同时结合安全性、准确性原则进行分析12、d B B 【解析】(1)1 d线接错,滑动变阻器接线要求接在接线柱上,不能连接在滑片上,故d导线连接错误;(2)2A滑动变阻器最大阻值太大,电流较小,不方便调节,也不方便电流的测量,故滑动变阻器选B;(3)3将变阻器的滑动头P移到左端,闭合电键

21、,对电压传感器和电流传感器进行调零此时电路中电流最小,值为,以这个电流作为伏安特性曲线中电流的0点此时电压传感器的值反向最大,为,以这个电压作为伏安特性曲线中电压的0点将滑动头P逐渐向右侧移动,则R将要减小,将要增大;而电压传感器示数,I增大,则Ir将增大,将要增大,即电压传感器的值在增大,且成线性关系故时,U就在调零后的起始位置,故B正确，ACD错误。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.05 （1）11.5s【解析】试题分析：由v-t图象分析，根据平均速度求传送带的长度；图线线的斜率表示加速度，结合牛顿第二定律求动摩擦因数；滑块在前后两段时间的位移大小相等，方向相反，根据位移关系求时间。（1）根据v-t图象可知，滑块以