2023届吉林省吉林市普通中学高三物理第一学期期中达标检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2015年4月25日14时11分在尼泊尔发生里氏8.1级地震，震源深度20千米，地震后造成珠穆朗玛峰发生

2、雪崩，珠峰南坡登山大本营被埋。假设珠峰南坡发生雪崩的一处山坡由两个倾角不同的斜面连接而成，在斜面连接处忽略积雪的动能损失。雪崩时，积雪由静止开始下滑，积雪与两个斜面之间的动摩擦因数均为=，两个斜面倾角分别为=53，=30。图中，v、a、s、t、E、Ek分别表示积雪速度大小、加速度大小、路程、时间、机械能和动能，图乙中可能正确的是（ ）ABCD2、如图所示，质量相同的两物体从同一高度由静止开始运动，A沿着固定在地面上的光滑斜面下滑，B做自由落体运动。两物体分别到达地面时，下列说法正确的是（）A重力的平均功率B重力的平均功率C重力的瞬时功率PAPBD重力的瞬时功率PAPB3、下列说法正确的是A射线

3、也可能是原子核外电子电离形成的电子流，它具有中等的穿透能力B按照电离能力来看，放射性元素放出的三种射线由弱到强的排列顺序是射线、射线、射线C按照玻尔的氢原子理论，当电子从高能级向低能级跃迁时，氢原子系统的电势能减少量可能大于电子动能的增加量D在微观物理学中，不确定关系告诉我们不可能准确地知道单个粒子的运动情况，但是可以准确地知道大量粒子运动时的统计规律4、如图所示，倾角为30的斜面体固定在水平面上，质量分别为3m和m的物块A、B通过细线跨过滑轮相连。现在A上放一小物体，系统仍能保持静止。细线质量、滑轮的摩擦都不计。则A细线的拉力增大BA所受的合力增大CA对斜面的压力增大D斜面对A的摩擦力不变5

4、、水平桌面上有三本叠放在一起、质量均为m的书，书与桌面及书与书之间的动摩擦因数均为，重力加速度为g，现想把中间的一本书水平抽出，则要用的力至少要大于（）ABCD6、如图所示，分解一个水平向右的力F，F=6N，已知一个分力F1=4N和另一个分力F2与F的夹角为30，以下说法正确的是（ ）A只有唯一解 B一定有两组解 C可能有无数解 D可能有两组解二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一质量为m的物体在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止从底端向上做匀加速直线运动若斜

5、面足够长，表面光滑，倾角为经时间t，恒力F做功20J，此后撤去恒力F，物体又经时间t回到出发点，且回到出发点时的速度大小为v，若以地面为重力势能的零势能面，则下列说法中正确的是A物体回到出发点时的机械能是20JB在撤去力F前的瞬时，力F的功率大小是2 mgvsin/3C在撤去力F前的瞬时，力F的功率大小是4 mgvsin/3D在此运动过程中物体动能与势能相等的位置在撤去恒力位置的上方，物体的机械能先增加后减少8、如图所示，三个小球A、B、C的质量均为m，A与B、C间通过铰链用轻杆连接，杆长为L，B、C置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长现A由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角由变为，

6、A、B、C在同一竖直平面内运动，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g则此下降过程中AA的动能达到最大前，B受到地面的支持力小于BA的动能最大时，B受到地面的支持力等于C弹簧的弹性势能最大时，A的加速度方向竖直向下D弹簧的弹性势能最大值为9、如图所示，有一水平椭圆轨道，M、N为该椭圆轨道的两个焦点，虚线AB、CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，且AM=MO=OC=2cm，则下列说法正确的是（）A若将+Q的点电荷放置在O点，则A、B两处电势、场强均相同B若将+Q、-Q等量异种电荷分别放置在M、N点，则带负电的试探电荷在O处的电势能小于B处的电势能C若从C处静止释放的电子仅在电场力作用

7、下能在CD上做往复运动，则放置在M、N的点电荷电量越大，电子往复运动的周期越大D若有一平行于轨道平面的匀强电场且A、B、C三点的电势分别为10V、2V、8V，则匀强电场场强大小为10、汽车以速度v0沿平直的水平面向右匀速运动，通过定滑轮（不计滑轮的不质量和摩擦）把质量为M的重物向上提起，某时刻汽车后面的绳子与水平方向的夹角为，如图所示。则下列说法正确的是（ ）A由于汽车做匀速运动，所以重物也是匀速上升B此时重物的速度大小为v=v0sinC重物上升的动能越来越大D绳子中的拉力大于重物的重力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）下图是小

8、车运动过程中打点计时器打下的一条纸带的一部分，打点计时器的打点周期为0.02s，相邻计数点之间还有4个点没有画出，时间间隔为T，请根据纸带回答下列问题，计算结果均保留三位有效数字：(1)小车加速度的大小为_m/s2；(2)b点的速度为_m/s。12（12分）某同学做“探究合力做功与动能改变的关系”的实验，他将光电门固定在水平轨道上的B点，如图所示，并用重物通过细线拉小车。然后保持小车和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离进行多次实验，实验时要求每次小车都从静止释放。（1）如果遮光条的宽度为d，遮光条通过光电门的时间为t，小车到光电门的距离为s，该同学通过描点作出线性图像来反映合力做

9、的功与动能改变的关系，则他作的图像关系是下列哪一个时才能符合实验要求_A B Cs-t D （2）为了减小实验误差，下列哪些实验操作是必须的_A调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动B所挂重物的质量远小于小车的质量C遮光条的宽度要尽可能的大些D每次实验时保证小车从静止状态开始释放四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，半圆玻璃砖的半径R10 cm，折射率为n3，直径AB与屏幕垂直并接触于B点。激光a以入射角130射向半圆玻璃砖的圆心O，结果在屏幕MN上出现两个光斑。求两个光斑之间的距离L

10、。14（16分）如图所示，两个质量均为4m的小球A和B由轻弹簧连接，置于光滑水平面上一颗质量为m子弹，以水平速度v0射入A球，并在极短时间内嵌在其中求：在运动过程中(1)什么时候弹簧的弹性势能最大，最大值是多少(2)A球的最小速度和B球的最大速度（从子弹嵌入到弹簧弹性势能第一次达到最大）15（12分）如图所示，水平轨道上有一轻弹簧左端固定，弹簧处于自然状态时，其右端位于P点.现用一质量m=0.1kg的小物块 (可视为质点)将弹簧压缩后释放，物块经过P点时的速度v0=18m/s，经过水平轨道右端Q点后沿半圆轨道的切线进入竖直固定的光滑圆轨道，最后物块经轨道最低点A抛出后落到B点，已知物块与水平轨

11、道间的动摩擦因数=0.15，R=1m，A到B的竖直高度h=1.25m，取g=10m/s2. (1) 求物块到达Q点时的速度大小（保留根号）；(2) 求物块经过Q点时圆轨道对物块的压力；(3) 求物块水平抛出的位移大小.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】积雪的运动分为两个阶段，第一阶段加速度恒定的加速运动；第二阶段加速度为零的匀速运动A由于在两个阶段积雪都受摩擦力的作用，摩擦力做负功，机械能减小，故A错误。B积雪在第一阶段：Ek与s呈线性关系；第二阶段，速度不变，Ek为常数，故B正确。C第一阶段：即：所以

12、与t2呈线性关系，故C项错误。D第二阶段，故D错误。2、D【解析】AB物体B做自由落体运动，运动时间A做匀加速直线运动，a=gsin，根据得重力做功相等，根据知故AB错误。CD根据动能定理，mgh=mv2得，物块到达底端时的速度A物体重力的瞬时功率PA=mgvsinB物体重力的瞬时功率PB=mgv则PAPB故D正确，C错误。故选D。3、D【解析】射线是原子核内电子形成的电子流，它具有中等的穿透能力,故A错误；按照电离能力来看，放射性元素放出的三种射线由弱到强的排列顺序是射线、射线、射线、故B错误；按照玻尔的氢原子理论，当电子从高能级向低能级跃迁时，要释放出能量，所以电势能的减小量大于动能的增加

13、量，故C错误；根据不确定关系我们知道虽然不可能准确地知道单个粒子的运动情况，但是可以准确地知道大量粒子运动时的统计规律，故D正确；故选D4、C【解析】A对物体M受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：T=mg绳子拉力一定不变，故A错误；B系统仍处于静止状态，所以A受力平衡，A所受的合力不变，故B错误；CA对斜面的压力等于重力垂直于斜面的分力，即N=Mgcos在A上放一小物体，M增大，压力增大，故C正确；DA受重力、支持力、拉力和静摩擦力，开始时3mgsin30mg，静摩擦力沿斜面向上，如图根据平衡条件得到：f+mg-3mgsin=0解得：f=3mgsin30-mg；在A上放一小物体，系统仍能

14、保持静止，A的质量增大，沿斜面向下的分力增大，则摩擦力增大，故D错误。5、A【解析】当第一本书与第二本书间、第二本书与第三本书间恰好发生相对滑动时，第二本书刚好被抽出，此时，第三本书静止不动，以上面两本书为研究对象，根据牛顿第二定律求解。【详解】当第一本书与第二本书间、第二本书与第三本书间恰好发生相对滑动时，第二本书刚好被抽出；以第一本书为研究对象，由牛顿第二定律得：以上面两本书为研究对象，根据牛顿第二定律得：两式相比解得：，故A正确，BCD错误。【点睛】本题要注意当书本之间恰好发生相对滑动时，是两者将发生相对滑动的临界状态，物体做匀加速度直线运动，结合整体法和隔离法进行研究。6、B【解析】试

15、题分析：根据平行四边形定则或者三角形定则作图分析：若F1Fsin30，无解；若F1=Fsin30，唯一解；若FF1Fsin30，两解；若F1F，唯一解解：已知合力、一个分力的方向、另一个分力的大小，根据平行四边形定则作图，如图所示：由于FF1Fsin30，即6NF13N，故一定有两组解；故选：B【点评】本题关键是根据平行四边形定则作图分析，知道合力与分力是等效替代关系；要注意题目中的数量关系：二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】根据功能关系可知，除了重力之

16、外的力对物体做正功时，物体的机械能就要增加，增加的机械能等于外力F做功的大小，由于拉力F对物体做的功为20J，所以物体的机械能要增加20J，撤去拉力之后，物体的机械能守恒，所以当回到出发点时，所有的能量都转化为动能，所以动能为20J，重力势能为0，所以物体回到出发点时的机械能是20J，故A正确设撤去力F前和撤去力F后的运动过程中物体的加速度大小分别为：和，这两个过程的位移大小相等，方向相反，取沿斜面向上为正方向，则有：，得：；因为物体做匀加速直线运动，初速度为0，由牛顿第二定律可得，撤去恒力F后是匀变速运动，且加速度为，联立上两式得：，设刚撤去拉力F时物体的速度大小为，则有：，对于从撤去到返回

17、的整个过程，有：，解得：，所以在撤去力F前的瞬间，力F的功率：，故B正确，C错误；撤去力F后的位置到最高点，动能减小，重力势能增大，动能与势能相等的位置不可能在这段距离，所以动能与势能相等的位置在撤去力F之前的某位置，物体的机械能一直增大，故D错误；故选AB【点睛】根据功能原理求物体回到出发点时的机械能根据物体的运动的特点，在拉力F的作用下运动时间t后，撤去拉力F之后又运动时间t返回出发点，根据物体的这个运动过程，列出方程可以求得拉力的大小和撤去拉力时物体的速度的大小，从而可以求得拉力F的功率由高度的变化分析重力势能的变化分析物体的速度变化，判断动能的变化情况8、ABD【解析】A、B、A的动能

18、最大时，设B和C受到地面的支持力大小均为F，此时整体在竖直方向受力平衡，可得2F=3mg，所以；在A的动能达到最大前一直是加速下降，处于失重情况，所以B受到地面的支持力小于，故A、B正确；C、当A达到最低点时动能为零，此时弹簧的弹性势能最大，A的加速度方向向上，故C错误；D、A下落的高度为：h=Lsin60-Lsin30，根据功能关系可知，小球A的机械能全部转化为弹簧的弹性势能，即弹簧的弹性势能最大值为，故D正确.故选ABD.【点睛】解答本题的关键是弄清楚小球A在运动过程中的受力情况，知道平衡位置时受力平衡，加速度方向向下属于失重、加速度方向向上属于超重9、BD【解析】A、点电荷处于O点，则A

19、、B两处电势相等，而A、B两点的电场强度大小相同，方向不同；故A错误.B、将+Q、-Q等量异种电荷分别放置在M、N点，根据等量异种电荷中垂线电势为零，可知，O处的电势高于B处，依据EP=q，则有负电荷在O处的电势能小于B处的电势能，故B正确.C、若从C处静止释放的电子仅在电场力作用下能在CD上做往复运动，则放置在M、N的点电荷电量越大，依据库仑定律，可知，电子受到的电场力越大，则产生合力也越大，那么电子往复运动的周期越小；故C错误.D、由一平行于轨道平面的匀强电场，且A、B、C三点的电势分别为10V、2V、8V，M点的电势为8V，因此直线MC是等势面，AM=MO=OC=2cm，根据几何关系，根

20、据U=Ed，则匀强电场场强为；故D正确.故选BD.【点睛】考查点电荷的电场线的分布，等量异种电荷的等势面的分布，掌握库仑定律的内容，理解由电势确定电场线，注意求电势能时，关注电荷的电性，同时注意U=Ed，式中d是等势面的间距.10、CD【解析】将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于的速度，根据平行四边形定则得：车子在匀速向右的运动过程中，绳子与水平方向的夹角为减小，所以的速度增大，重物上升的动能越来越大，做加速上升运动，且拉力大于重物的重力；A. 与分析不符，故A错误；B. 与分析不符，故B错误；C. 与分析相符，故C正确；D.与分析相符，故D正确。三、实验题：本题

21、共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.40 0.300 【解析】(1)1由题意T=0.1s，则小车加速度的大小为(2)2b点的速度为12、 （1）B （2）D【解析】（1）用该平均速度代替物体的瞬时速度,故在遮光条经过光电门时滑块的瞬间速度为，根据动能定理，可见s与成反比，即与成正比，故应作出图象，B选项是正确.（2）经前面分析知，要使图象为过原点的直线，应保证小车初动能为零，即必须保证小车从静止状态开始释放，所以D选项正确.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、23.1

22、cm【解析】画出如图光路图，入射光线一部分折射一部分反射，折射光线在屏幕上形成的光斑距B点的距离为PB，反射光线在屏幕上形成的光斑距B点的距离为BQ，设折射角为r，根据折射定律nsinrsini得：sinr=nsini=3sin30=32得：r=60由几何知识得两个光斑PQ之间的距离：L=PB+BQ=Rcoti+Rcotr=R（coti+cotr）=10（cot30+cot60）cm23.1cm【点睛】本题是几何光学问题，作出光路图是关键，是光的折射定律、反射定律与几何知识的综合应用。14、 (1) (2), 【解析】整个过程分析：子弹击中A的过程，子弹与A组成的系统动量守恒；子弹、A球一起向右运动，弹簧因被压缩而产生弹力A球开始减速，B球开始加速；当两球速度相等时，弹簧压缩量达到最大值，此时弹簧的弹性势能最大；接着，弹簧开始伸长，弹力继续使B加速而使A减速；当弹簧恢复到原长时，B球速度达到最大值，A球速度达到最小值；然后，弹簧又开始伸长，使A球加速，使B球减速当两球速度相等时弹簧的伸长量达到最大（此时弹簧的弹性势能与压缩量最大时的弹性势能相等）如此反复进行所以，两球的速度达到极值的条件-弹簧形变量最大（1）设A、B的质量为M，由题意知M=4m，子弹击中A的