2023届江西奉新县物理高三第一学期期中监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,在倾角的固定光滑斜面上,有一根长L=1m的细绳,一端固定在O点,另一端系一

2、小球沿斜面做圆周运动,若小球能通过最高点A,重力加速度,则A小球经过最高点A的速度可能是1m/sB小球经过最低点B的速度大于等于5m/sC小球受到的合力的最小值可能为0D小球从A点运动至最低点B过程绳子拉力可能先变小后变大2、两个振幅相同的波源S1、S2在水槽中形成如图所示的波形，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，则 A在两波相遇的区域中会产生干涉Ba点此时位移最大Ca点的振动始终加强Da点的振动始终减弱3、如图，光滑的四分之一圆弧轨道A、B固定在竖直平面内，A端与水平面相切，穿在轨道上的小球在拉力F的作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N在运动过程中AF增大，N

3、减小BF减小，N减小CF增大，N增大DF减小，N增大4、如图所示的弹簧振子以O点为平衡位置在B、C间往复运动，P是OB的中点，下列正确的是A振子从B点运动到C点过程中，加速度先增大后减小B振子从B点运动到C点过程中，速度先增大后减小C振子从C点运动到B点过程中，加速度方向始终不变D振子每次经过P点时的速度、加速度均相同5、关于电场强度, 下列说法正确的是( )A电场强度的方向总是跟电场力的方向一致B电荷在某点受到的电场力越大, 该点的电场强度越大C在电场中某点放入检验电荷q，该点的场强为E=F/q，取走q后，该点场强不变D在真空中E=kQr2，式中Q是试探电荷的电荷量6、雨滴在空中下落的过程中

4、，空气对它的阻力随其下落速度的增大而增大。若雨滴下落过程中其质量的变化及初速度的大小均可忽略不计，以地面为重力势能的零参考面。从雨滴开始下落时计时，关于雨滴下落过程中其加速度的大小a、动能Ek、机械能E以及距地面的高度h随时间变化的情况，如图所示的图像中可能正确的是（ ）ABCDE.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量均为m的A、B两物体通过劲度系数为k的轻质弹簧拴接在一起竖直放置在水平地面上，物体A处于静止状态在A的正上方h高处有一质量也为m的小球C现

5、将小球C由静止释放，C与A发生碰撞后立刻粘在一起，弹簧始终在弹性限度内，忽略空气阻力，重力加速度为g.下列说法正确的是AC与A碰撞后瞬间A的速度大小为BC与A碰撞时产生的内能为CC与A碰撞后弹簧的最大弹性势能为D要使碰后物体B被拉离地面，h至少为8、如图所示，一轻质弹簧，上端悬挂于天花板，下端系一质量为的平板，静止在点，一质量为的均匀环套在弹簧外，与平板的距离为，如图所示，让环自由下落，撞击平板已知碰后环与板以相同的速度向下运动，使弹簧伸长，则下列说法正确的是（ ）A若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总机械能守恒B若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总动量守恒C环撞击板后，板的新的平衡位置在

6、点正下方D碰撞后新平衡位置与下落高度无关9、有关部门对校车、大中型客货车、危险品运输车等重点车型驾驶人的严重交通法行为，提高了扣分分值，如图是某司机在国庆假期试驾中小轿车在平直公路上运动的0-25s内速度随时间变化的图象，由图象可知（ ）A小轿车在015s内的位移为200mB小轿车在1015s内加速度为零C小轿车在10s末运动方向发生改变D小轿车在49s内的加速度大小小于1624s内的加速度大小10、竖立在水平地面上的轻弹簧，下端与地面固定，将一个金属球放置在弹簧顶端(球与弹簧不粘连)，并用力向下压球，使弹簧做弹性压缩。稳定后用细线把弹簧栓牢如图a所示烧断细线，球将被弹起，且脱离弹簧后能继续向

7、上运动。不计空气阻力。如图b所示那么该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中：（ ）A球刚脱离弹簧时弹簧的弹性势能最小B球刚脱离弹簧时的动能最大C球所受合力的最大值不一定大于重力值D在某一阶段内，球的动能减小而它的机械能增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图甲所示,在验证动量守恒定律实验时,小车的前端粘有橡皮泥,推动小车使之做匀速运动然后与原来静止在前方的小车相碰并粘合成一体,继续匀速运动,在小车后连着纸带,电磁打点计时器电源频率为,长木板右端下面垫放小木片用以平衡摩擦力(1).若获得纸带如图乙所示,并测得各计数点间距(已标

8、在图上)为运动起始的第一点,则应选_段来计算的碰前速度,应选_段来计算和碰后的共同速度(填“”或“”或“”或“”)(2).已测得小车的质量,小车的质量为,由以上测量结果可得碰前系统总动量为_,碰后系统总动量为_(结果保留四位有效数字)(3).实验结论:_12（12分）如图甲所示，用落体法验证机械能守恒定律，打出如图乙所示的一条纸带，已知交流电的周期为0.02s。（1）根据纸带所给数据，打下C点时重物的速度为_m/s。（结果保留三位有效数字）（2）某同学选用两个形状相同，质量不同的重物a和b进行实验，测得几组数据，画出图象，并求出图线的斜率k，如图乙丙所示，由图象可知a的质量m1 _b的质量m2

9、。（选填“大于”或“小于”） （3）通过分析发现造成k2值偏小的原因是实验中存在各种阻力，已知实验所用重物的质量m20.052 kg，当地重力加速度g9.78 m/s2，求出重物所受的平均阻力f _N。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量不计的光滑活塞被销钉固定，使一定量气体被封闭在容器的上部，容器下部与大气连通，容器上部连接有一U形管（U形管内气体的体积忽略不计，容器下部足够高）。此时容器上部封闭气体的体积为V，室温为T1=300K，U形管两边水银柱高度差为24cm（

10、外界大气压等于76厘米汞柱）. 问：(1)将封闭在容器中的气体加热到一定温度后发现U形管两边水银柱高度差变为38cm，那么这时封闭气体的温度T2为多少K？(2)保持气体的温度T2不变，拔掉销钉，活塞稳定时容器上部气体的体积为多少？14（16分）如图甲所示，水平轨道AB与竖直平面内的光滑圆弧轨道BC相切与B点，一质量为m的小滑块（视为质点），从A点由静止开始受水平拉力F作用，F与随位移变化规律如图乙所示（水平向右为F的正方向）。已知AB长为4L，圆弧轨道对应的圆心为60，半径为L，滑块与AB间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g，求：（1）轨道对滑块的最大支持力；（2）滑块运动到C点时的速度；（

11、3）滑块相对水平轨道上升的最大高度。15（12分）如图所示，实线是某时刻的波形图像，虚线是12 s后的波形图像，质点P位于实线波的波峰处。若波向右以最小速度传播，求经过t4 s质点P所通过的路程；若波速为35 m/s，求波的传播方向。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、小球做圆周运动的最高点受力分析，垂直斜面方向，沿半径方向，故当时，通过最高点的速度最小为，故最高点的速度不可能为1m/s；故A错误.B、因，从A运动到B的过程，由动能定理：，解得；故B正确.C、小球做圆周运动等效为绳球模型，沿半径方向的

12、力提供向心力，最高点合力最小，最高点的速度，则合外力不为零；故C错误.D、从A到最低点B，重力做正功，速度逐渐增大，而半径方向的拉力和重力沿线方向的分力提供向心力，则拉力逐渐增大；D错误.故选B.【点睛】本意主要考查了圆周运动向心力公式的直接应用，知道绳球模型在最高点绳子拉力恰好为零时，速度取最小值.2、B【解析】A从图中看出，两列波的波长不同，而在同一介质中不同的机械波的波速相等，根据v=f，所以两列水波的频率不同，而只有两列波的频率相同时才能发生干涉现象，所以在两波相遇的区域中不会产生干涉，故A错误；B此时a点为波峰与波峰叠加，a点的位移为这两列波引起位移的矢量和，则此时a点位移最大，故B

13、正确；CD从图上可以看成，两列波的波长不同，波速相等，则频率不等，则不会发生干涉现象，不会出现振动始终加强点和减弱点，故CD错误。故选B。3、A【解析】对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如图，根据共点力平衡条件，有N=mgcos F=mgsin其中为支持力N与竖直方向的夹角；当物体向上移动时，变大，故N变小，F变大；故A正确，BCD错误故选A注：此题答案应该是A.4、B【解析】AB由简谐运动特点可知，振子离平衡位置位移越大，回复力越大，加速度越大，振子从B点运动到C点过程中，振子离平衡位置位移先减小后增大，所以加速度先减小后增大，故A错误，B正确；C由公式可知，振子加速度方向与离开平衡位移方

14、向相反，振子在从C到O过程中的位移方向向左，从O到B过程中的位移方向向右，所以振子从C点运动到B点过程中，加速度方向改变，故C错误；D振子向左经过和向右经过P点时的速度大小相等，方向相反，加速度相同，故D错误。故选B。5、C【解析】电场强度的方向总是跟正电荷所受电场力的方向一致，跟负电荷所受电场力的方向相反，故A错误；电场强度由电场本身性质决定，电荷在电场中某点的电场力大，可能是电荷量较大，电场强度不一定大，故B错误；在电场中某点放入检验电荷q，该点的场强为E=Fq，电场强度由电场本身性质决定，所以取走q后，该点场强不变，故C正确；在真空中E=kQr2，式中Q是场源电荷的电荷量，故D错误。所以

15、C正确，ABD错误。6、B【解析】AB根据牛顿第二定律得，速度增大，阻力增大，加速度减小，雨滴做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，雨滴做匀速直线运动，故A错误，B正确；C雨滴的动能从零开始逐渐变大，最后阶段保持不变，选项C错误； D雨滴下落时，由于阻力作用，则机械能一直减小，不会趋近某一定值，选项D错误；E雨滴下落时不是匀加速运动，则h-t关系不是直线，选项E错误；故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】对C自由下落过程，由机械能守恒得：，解得

16、：，对C与A组成的系统，取向下为正方向，由动量守恒定律得：，解得：，故A正确；C与A碰撞时产生的内能为：，故B正确；当AC速度为零时，弹簧的弹性势能有最大值，故C错误；开始时弹簧的压缩量为：，碰后物体B刚被拉离地面时弹簧伸长量为：，则AC将上升2H，弹簧弹性势能不变，由系统的机械能守恒得：，解得：，故D正确所以ABD正确，C错误8、BCD【解析】A由于碰后速度相同，为完全非弹性碰撞，机械不守恒，减小的机械能转化为内能，A错误；B圆环与平板碰撞过程，若碰撞时间极短，内力远大于外力，外力可忽略不计，则系统总动量守恒，B正确；CD碰撞前板的平衡位置满足kx=Mg碰撞后平衡时，有：即碰撞后新平衡位置在

17、点正下方，且与下落高度无关，CD正确。故选BCD。【点睛】本题关键是抓住碰撞过程和碰撞后下降的两个过程，碰撞过程动量守恒，机械能不守恒，之后环与板及弹簧系统机械能守恒，满足简谐振动的规律。9、AB【解析】A根据v-t图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，可知小轿车在015s内的位移为：故A正确；B在1015s内，小轿车做匀速直线运动，加速度为零；故B正确；C025s内速度都为正，运动方向没有发生改变，故C错误；D根据v-t图象的斜率表示加速度，斜率的绝对值表示加速度的大小，则知小轿车在49s内的加速度大于1624s内的加速度大小，故D错误；10、AD【解析】从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过

18、程中，弹簧的压缩量逐渐减小，弹簧的弹性势能逐渐减小，所以球刚脱离弹簧时弹簧的弹性势能最小，故A正确。开始弹力大于重力，小球加速上升，当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时加速度减为零，此时速度最大，然后弹力小于重力，小球减速上升，当弹簧恢复原长时小球脱离弹簧，所以小球的动能先增大后减小，所以球刚脱离弹簧时的动能不是最大，故B错误。小球在最低点时受到的合力最大，假设小球恰能到达弹簧原长位置速度为零，由对称性可知，小球在最低点时加速度为向上的g，此时小球受合力为mg，则在最低点受到的最大的合力为mg；因球脱离弹簧将被弹起继续向上运动，说明烧断细线瞬间，小球的加速度大于g，即球所受合力最大值大于球的重力

19、值，选项C错误；从弹簧的弹力等于重力的位置向上继续运动直到脱离弹簧的过程中，小球的动能逐渐减小，但是弹簧的弹力对小球做正功，则小球的机械能增加，故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BC DE 1.035 1.030 在实验误差允许范围内,碰前和碰后的总动量相等,系统的动量守恒 【解析】（1）A与B碰后粘在一起，速度减小，相等时间内的间隔减小，可知通过BC段来计算A的碰前速度，通过DE段计算A和B碰后的共同速度（2）A碰前的速度： 碰后共同速度：碰前总动量：P1=m1v1=0.33.450=1.035kgm/s碰后的总

20、动量：P2=（m1+m2）v2=0.52.060=1.030kgm/s可知在误差允许范围内，AB碰撞过程中，系统动量守恒12、2.25 大于 0.031 【解析】第一空.C点的瞬时速度等于BD段的平均速度，则有：第二空.根据动能定理得：（mg-f）h=mv2则有：，知图线的斜率为：，b的斜率小，知b的质量小，所以a的质量m1大于b的质量m2。第三空.根据动能定理知：（m2g-f）h=mv2则有：可知：代入数据解得：f=0.031N。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）342K（2）1.5V【解析】加热过程，封闭气体的体积不变，运用查理定律求解；拔掉销钉，活塞运动过程温度不变，运用玻意耳定律求解；【详解】（1）U形管两边水银柱高度差为24cm，外界大气压等于76cmHg。根据平衡知识得容器上部的气体压强P1=P0+h=100cmHg加热过程，封闭气体的体积不变，运用查理定律：P1T1=P2T2，P1=100