2023届贵州省高三物理第一学期期中监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、足球运动员在比赛时将足球踢出，足球的运动轨迹如图所示，足球从草皮上1位置踢出时的动能为Ekl，在3位置落地动能为Ek3，最高点2距草皮的高度为h，则下列说法正确是A足球从1位置到2位置的运动时间为B足球在1位置踢出时的动能Ekl大于3位置落地动能Ek3C足球在2位置的机械能大于1位置的机械能D足球从1位置到2位置过程克服重力做的功等于足球动能减少量2、如图所示，滑轮A可沿倾角为的足够长光滑轨道下滑，滑轮下用轻绳挂着一个重为G的物体B，下滑时，物体B相对于A静止，则下滑过程中 （ ）AB的加速度为gsinB绳的拉力为C绳的方向保持竖直D绳的拉力为G3、质量为2kg的物体，放在

3、与物体之间的动摩擦因数为的水平面上，在水平拉力F的作用下，由静止开始运动，拉力做的功W和物体发生的位移x之间的关系如图所示，下列说法正确的是（ ）A此物体在OA段做匀加速直线运动，且此过程中拉力的最大功率为6WB此物体在OA段做匀速直线运动，且此过程中拉力的功率恒为6WC此物体在AB段做匀加速直线运动，且此过程中拉力的最大功率为6WD此物体在AB段做匀速直线运动，且此过程中拉力的功率恒为6W4、如图所示，工地的建筑工人用砖夹搬运5块相同的砖，当砖处于平衡状态时，下列说法正确的是A砖夹对砖的水平压力越大，1、5两块砖受到的摩擦力越大B3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半C4对3的摩擦力方向

4、竖直向下D1受到2施加的摩擦力与4受到5施加的摩擦力相同5、一质点位于x=2m处，t=0时刻沿x轴正方向做直线运动，其运动的vt图象如图所示。下列说法正确的是（）At=4s时，质点在x=3m处B第3s内和第4s内，质点加速度的方向相反C第3s内和第4s内，合力对质点做的功相同D02s内的平均速度是04s内的平均速度的2倍6、如图所示,质量为m、带电量为q的油滴从空中自由下落时间t1后进入水平放置的带电极板间,再经过t2速度为第一次变为零,则油滴在极板间运动时油滴的加速度大小为(不计空气阻力) （ ） Agt1/(t1+t2) Bg(t1+t2)/t2Cgt1/t2 Dg t2/t1二、多项选择

5、题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，水平传送带AB的长度L=1.8m，皮带轮的半径R=0.4m，皮带轮以角速度=5rad/s顺时针匀速转动（皮带不打滑），现将一质量m=3kg的煤块（视为质点）轻放在传送带上的A点，与传送带之间的动摩擦因数为=0.15,g=10m/s1则下列说法正确的是（ ）A煤块到达B端时对滑轮的压力为mgB煤块从A端运动到B点所用的时间为1.3sC煤块在传送带上留下痕迹长度是0.8mD若使煤块从A运动到B所用的时间最短，则传送带的角速度至少为7.5r

6、ad/s8、如图所示为一个质点做直线运动的v-t图像，则下列说法中正确的是（ ）A质点在05s内的位移为5mB质点在整个012s内的运动过程中，1012s内的加速度最大C质点在10s末离出发点最远D质点在812s内的平均速度为4m/s9、如图所示，两个物块A、B用轻质弹簧相连接，放置在倾角为300的光滑斜面上，它们的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，C为一垂直斜面的固定挡板，系统处于静止状态。现用力F沿斜面方向拉物块A使之向上运动，当物块B刚离开C时，撤去拉力F，重力加速度为g。则此过程中（）。A物块A沿斜面运动的移动大小为mg2kB物块A的机械能先增大后减小C物块A,B及弹簧所组成的系统机械能

7、一直增大D刚撤去拉力瞬间，物块A的加速度大小为g10、如图甲，有一个原.副线圈匝数比为4:1的理想变压器，图中的电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦式交流电，其中为热敏电阻（其电阻值随温度的升高而减小），为定值电阻，下列说法正确的是( )At0.02s时电压表V2的示数为9VB副线圈两端电压的瞬时值表达式为（V）C变压器原.副线圈中的电流之比和输入.输出功率之比均为1：4DRt处温度升高时，电流表的示数变大，电压表V2的示数不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的

8、运动规律。物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示。打点计时器电源的频率为50Hz。(1)通过分析纸带数据，可判断物块在相邻计数点_和_之间某时刻开始减速。(2)计数点5对应的速度大小为_m/s，计数点6对应的速度大小为_m/s。（保留三位有效数字）。 (3)物块减速运动过程中加速度的大小为=_m/s2，若用来计算物块与桌面间的动摩擦因数（g为重力加速度），则计算结果比动摩擦因数的真实值_（填“偏大”或“偏小”）。12（12分）要测量一段阻值大约为100 粗细均匀的电阻丝

9、的电阻率，除刻度尺、螺旋测微器、电源E(电动势为3 V、内阻约为0.5 )、最大阻值为20 的滑动变阻器R、开关S、导线若干外，还有电流表和电压表各两只供选择：A1(量程1 A、内阻约为1 )、A2(量程30 mA、内阻约为2 )、V1(量程3V、内阻约为1 000 )、V2(量程15 V、内阻约为3000 )。(1)用螺旋测微器测量电阻丝的直径，如图所示，则电阻丝的直径为_mm。(2)为了使测量有尽可能高的精度，电流表应选_，电压表应选_.（填题目中的对应符号）(3)实验电路应选择下列电路中的_。ABCD(4)若用刻度尺测得电阻丝的长度为L，用螺旋测微器测得电阻丝的直径为d，电流表的读数为I

10、，电压表的读数为U，则该电阻丝的电阻率表达式为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，斜面ABC中AB段粗糙，BC段长1.6 m且光滑质量为1 kg的小物块由A处以12 m/s的初速度沿斜面向上滑行，到达C处速度为零此过程中小物块在AB段速度的变化率是BC段的2倍，两段运动时间相等 g = 10 m/s2，以A为零势能点求小物块：（1）通过B处的速度；（2）在C处的重力势能；（3）沿斜面下滑过程中通过BA段的时间14（16分）如图所示，物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳连接，跨放在质量不计的光滑

11、定滑轮两侧，质量分别为mA=1 kg、mB=1 kg初始时A静止于水平地面上，B悬于空中先将B竖直向上再举高h=1.8 m（未触及滑轮）然后由静止释放一段时间后细绳绷直，A、B以大小相等的速度一起运动，之后B恰好可以和地面接触取g=10 m/s1空气阻力不计求：（1）B从释放到细绳刚绷直时的运动时间t；（1）A的最大速度v的大小；（3）初始时B离地面的高度H15（12分）如图，、为物体平抛运动轨迹上的两点，已知物体在点的速度大小为，方向与竖直方向的夹角为，物体运动到点时速度方向与竖直方向的夹角为，重力加速度为，求、两点间的高度差。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每

12、小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A足球上升过程中，受到重力和空气阻力的作用，竖直方向根据牛顿第二定律有 根据位移时间关系有 所以上升的时间为故A错误；BC足球运动过程中受到空气阻力的作用，且空气阻力做负功，所以运动过程中机械能减少，故位置1的机械能大于位置2以及位置3的机械能，因为位置1、3的高度相同，所以位置1的动能大于位置3的动能，故B正确，C错误；D足球从1位置到2位置根据动能定理有，其动能的减少量等于克服阻力做的功与克服重力做功之和，故D错误；2、A【解析】分析滑轮A和B的整体，受到重力和斜面的支持力，由牛顿第二定律可得，解得，由于下滑时，物体B相对于A静

13、止，因此物体B的加速度也为g sin，对物体B受力分析得：受到绳子的拉力和重力，因此绳子拉力方向与斜面垂直，因此由拉力为 Gcos因此A正确BCD错误3、D【解析】BC对物体受力分析，物体受到的摩擦力为，由题图可知，斜率表示物体所受拉力的大小，OA段的拉力F=5 N，AB段的拉力，所以物体在OA段做匀加速直线运动，在AB段做匀速直线运动，选项BC错误；A在OA段物体所受的拉力为5N，物体做匀加速直线运动，当速度最大时，拉力的功率最大代入数据得v = 3m/s拉力的最大功率选项A错误；D在AB段，物体以3m/s的速度做匀速运动，此过程中拉力的功率恒为选项D正确。故选D。4、B【解析】A.设每块砖

14、的质量为m，只有滑动摩擦和最大静摩擦才和正压力成正比，对整体根据平衡条件可得1、5两块砖受到的摩擦力大小均为2.5mg，与正压力无关，故A错误；BC.对3受力分析，根据平衡条件可得3受到2施加的摩擦力大小与3受到4施加的摩擦力大小之和等于3的重力，所以3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半，方向向上，所以4对3的摩擦力方向竖直向上，故B正确，C错误；D.1受到2施加的摩擦力与4受到5施加的摩擦力大小相等，方向相反，故D错误；5、D【解析】在速度-时间图象中，根据“面积”确定0-4s内的位移，即可确定其位置图线的斜率表示加速度，平均速度由位移和时间之比分析；【详解】A、0-4s内质点的位移等

15、于0-2s的位移，为x=12（1+2）2m=3m，由于t=0时质点位于x=-2m处，则t=4s时，质点在x=-2+x=1m处，故A错误；B、图线的斜率表示加速度，同一直线的斜率一定，则知第3s内和第4s内，质点加速度相同，其方向相同，故B错误；C、第3 s内和第4 s内，由于加速度相同，则合力相同，但是根据图像可知质点的位移大小相等，方向相反，则合力做功不同，故C错误；D、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，则知02s内和04s内质点的位移相同，但所用时间不同，前一段时间为2s，后一段时间为4s，则02s内的平均速度是04s内的平均速度的2倍，故

16、D正确。【点睛】本题是速度图象问题，考查理解物理图象意义的能力，关键要抓住速度图象“斜率”表示加速度，“面积”表示位移。6、C【解析】对全过程运用动量定理得, 计算得出电场力 .则油滴在极板间运动时油滴的加速度 得: ,故C正确；综上所述本人答案是：C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】传送带的速度；煤块的加速度，加速到与传送带共速时的时间，煤块的位移；煤块匀速运动的时间，则煤块从A端到B端的时间为1.3s，选项B正确； 煤块加速阶段，传送带的位移，则煤

17、块在传送带上留下痕迹长度是，选项C正确；煤块到达B端时，由牛顿第二定律，则煤块对滑轮的压力为，选项A错误；若使煤块从A运动到B所用的时间最短，则除非煤块一直被加速，此时传送带的最小速度，则传送带的转速，选项D正确；故选BCD. 8、AB【解析】Av-t图像包围的面积表示物体的位移，在05s时间内，质点的位移为故A正确。B质点在整个012s内的运动过程中，10s12s内图线的斜率绝对值最大，则加速度最大，故B正确。C质点在11s末图线与时间轴围成的面积最大，则11s末距离出发点最远，故C错误。D质点在8s12s内的位移与810s内的位移相等，则则平均速度为故D错误。9、CD【解析】开始时弹簧的压

18、缩量x1=mgsin30k=mg2k当物块B刚离开C时，弹簧的伸长量x2=mgsin30k=mg2k所以物块A沿斜面运动的位移大小为 x=x1+x2=mgk，故A错误。弹簧从压缩状态到恢复原长的过程中，弹簧的弹力和拉力F都对A做正功，由功能原理知A的机械能增大。弹簧从原长到伸长的过程中，由于拉力F大于弹簧的弹力，除重力以外的力对A做正功，所以A的机械能增大，因此A的机械能一直增大，故B错误。由于拉力F一直做正功，所以由功能原理知：物块A、B及弹簧所组成的系统机械能一直增大，故C正确。刚撤去拉力瞬间，物块A的加速度大小a=mgsin30+F弹m=mgsin30+mgsin30m=g，故D正确。故

19、选CD。【点睛】本题是连接体问题，关键是正确分析物体的受力情况，判断能量的转化情况。要灵活运用功能原理分析物体机械能的变化情况。10、AD【解析】B.原线圈接的图乙所示的正弦交流电，由图知最大电压，周期0.02s，故角速度是，（V），因变压器原、副线圈的匝数比为4：1，可知次级电压最大值为，则副线圈两端电压的瞬时值表达式为：（V），故B错误；A.电压表V2的示数为有效值，级电压最大值为，所以有效值为，故A正确；C.根据可知，变压器原、副线圈中的电流之比1：4；输入、输出功率之比为1：1，故C错误；D.变压器次级电压由初级电压和匝数比决定，则Rt处温度升高时，次级电压不变，电压表V2的示数不变，

20、次级电阻减小，则电流表的示数变大，故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6 7 1.00 1.20 2.00 偏大 【解析】(1)12从纸带上的数据分析得知：在点计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速。(2)3根据某段的平均速度等于中时刻的速度，则计数点5对应的速度4在计数点1到6物块加速，在6到7物块开始减速，物体加速阶段的加速度为计数点6对应的速度(3)5由纸带可知，计数点7往后做减速运动，根据逐差法得6在减速阶段产生

21、的加速度的力是滑动摩擦力和纸带受的阻力，所以计算结果比动摩擦因素的真实值偏大。【点睛】做分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题，一、在相等时间内走过的位移差是一个定值，即，二、在选定的某一过程中，中间时刻瞬时速度等于该过程中的平均速度12、0.851（0.8500.853） A2 V1 A Ud24LI 【解析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；选择电表时，要做指针偏转要大一些，在其中间刻度的三分之一范围内比较准确；由于待测电阻较大，因此电流表采用内接法，根滑动变阻器采用分压接法；根据欧姆定律求出金属丝电阻，有电阻定律可以求出电阻率的表达式；【详解】解：(1)螺旋测微器的固定部分读数为：0.5mm，可动部分读数为：35.10.01mm=0.351mm，故最后读数为：0.5mm+0.351mm=0.851mm；故答案为：0.850；(2)因电源E(电动势3V)，因此电压表选择V1，而金属丝电阻约为5，则最大电流I=3100A=0.03A=30mA，因此电流表选择A2；故答案为：A2；V1；(3)