福建福州市第一高级中学2022-2023学年高三物理第一学期期中质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，将一物体用两根等长细绳OA、OB悬挂在半圆形架子上，B点固定不动，在悬挂点A由位置C向位置D移动的过程中，物体对OA绳的拉力变化是()A由小变大B由大变

2、小C先减小后增大D先增大后减小2、如图，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，并且处于原长状态现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L（未超过弹性限度），则在圆环下滑到最大距离的过程中（ ）A圆环的机械能守恒B弹簧弹性势能变化了2mgLC圆环下滑到最大距离时，所受合力为零D圆环重力势能与弹簧弹性势能之和先变小后变大3、下列说法正确的是（ ）A研究蜜蜂飞行时翅膀的振动特点时，蜜蜂可以看做质点B研究火车通过路旁一根电线杆的时间时，火车可看做质点C列车在遂宁站停车10分钟，这10分钟为时间D早上7时

3、50分，上午第一节课开始，早上7时50分为时间4、在静电场中，关于场强、电势和电势差的说法正确的是（ ）A电势为零的地方场强也一定为零，场强为零的地方电势也一定为零B电势降落的方向必定是电场强度的方向，场强在数值上等于单位距离上的电势差C电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方电势不一定高D沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降落必定相同5、如图甲所示，圆形的刚性金属线圈与一平行板电容器连接，线圈内存在垂直于线圈平面的匀强磁场，磁感应强度B随时间变化的关系如图乙所示（以图示方向为正方向）t=0时刻，平行板电容器间一带正电的粒子（重力可忽略不计）由静止释放，假设粒子运动未碰到极板，不计线圈

4、内部磁场变化对外部空间的影响，下列粒子在板间运动的速度图象和位移图象（以向上为正方向）中，正确的是（） ABCD6、在物理学的重大发现中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法，极限思想法、类比法、科学假说法，建立物理模型法等等。以下关于所用物理学研究方法的叙述中正确的是（）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫极限思想法B根据速度定义式，当非常非常小时，就可以用表示物体在t时刻的瞬时速度，这是应用了假设法C将一个铁球放在墙角处直接判断两个接触面处的形变比较困难，若在两个接触面处加放海绵垫，通过观察海绵的凹陷来判断就比较容易，这里采用的是转化和控制

5、变量的方法D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，固定半圆弧容器开口向上，AOB是水平直径，圆弧半径为R，在A、B两点，分别沿AO、BO方向同时水平抛出一个小球，结果两球落在了圆弧上的同一点，从A点抛出的小球初速度是从B点抛出小球初速度的3倍，不计空气阻力，重力加速度为g，则）（ ）A从B点抛出的小球先落到圆弧面上B从B点抛出的小

6、球做平抛运动的时间为C从A点抛出的小球初速度大小为D从A点抛出的小球落到圆弧面上时，速度的反向延长线过圆心O8、如图所示的电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，R1和R2是两个定值电阻。当滑动变阻器的触头向a滑动时，流过R1的电流I1和流过R2的电流I2的变化情况为（ ）AI1增大，I2减小BI1减小，I2增大CI1大于 I2DI1小于 I29、如图所示， 、为平行金属板，两板相距为，经电源充电后与电源断开两板的中央各有一小孔和，有带电质点自板上方相距为的点由静止自由下落(、在同竖直线上)，空气阻力忽略不计到达孔时速度恰好为零，然后沿原路返回则以下说法正确的是( )A把板向上平移一小段距离，质

7、点自点自由下落后仍能返回B把板向下平移一小段距离，质点自点自由下落后将穿过孔继续下落C把板向上平移一小段距离，质点自点自由下落后仍能返回D把板向下平移一小段距离，质点自点自由下落后仍能返回10、如图所示，ABC为等边三角形，先将电荷量为+q的点电荷固定在A点C点的场强为E1，再将一电荷量为-1q的点电荷Q1从无穷远处（电势为0）移到B点，此过程中，电场力做功为W，C点的场强变为E1最后将一电荷量为-q的点电荷Q1从无穷远处移到C点下列说法正确的有（ ）AQ1移入之前，C点的电势为BC点的场强E1小于E1CQ1从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为-1WDQ1在移到C点后的电势能为三、实

8、验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了探究机械能守恒定律，某同学设计了如图甲所示的实验装置，并提供了如下的实验器材：A小车B钩码C一端带滑轮的木板D细线E电火花计时器F纸带G毫米刻度尺H低压交流电源I220 V的交流电源(1)根据上述实验装置和提供的实验器材，你认为实验中不需要的器材是_(填写器材序号)，还应补充的器材是_。(2)实验中得到了一条纸带如图乙所示，选择点迹清晰且便于测量的连续7个点(标号06)，测出0到1、2、3、4、5、6点的距离分别为d1、d2、d3、d4、d5、d6，打点周期为T。则打点2时小车的速度v2_；若测得

9、小车质量为M、钩码质量为m，打点1和点5时小车的速度分别用v1、v5表示，已知重力加速度为g，则验证点1与点5间系统的机械能守恒的关系式可表示为_。(3)在实验数据处理时，如果以为纵轴，以d为横轴，根据实验数据绘出d图象，其图线的斜率表示的物理量的表达式为_。12（12分）某同学利用打点计时器研究小车做变速直线运动的实验，得到如图所示的一条纸带，在纸带上依次取了A、B、C、D、E、F、G七个计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，从每一个计数点处将纸带剪开分成六条，分别为a、b、c、d、e、f，将这六条纸带由短到长紧靠但不重叠地粘在xoy坐标系中，得到如图所示的直方图，最后将各纸带上端中

10、心连起来，得到表示v-t关系的图象。已知打点计时器的工作频率为50Hz，为表示关系，图中x轴对应物理量是时间t，y轴对应物理量是速度v。(1)图中各纸带上端中心连线是一条倾斜的直线，由此可以判断小车做的是_运动。(2)如图所示，图中t4为_s。(3)在纸带未剪断时，量出相邻的计数点之间的距离分别为xAB=2.12cm、xBC=2.51cm、xCD=2.91cm、xDE=3.31cm、xEF=3.70cm、xFG=4.11cm，则小车的加速度大小a=_m/s2（计算结果保留两位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤

11、。13（10分）如图所示，一质量m0.10kg的滑块（可视为质点）从固定的粗糙斜面的顶端由静止开始下滑，滑到斜面底端时速度大小v4.0m/s已知斜面的倾角37，斜面长度L4.0m，sin370.60，cos370.80，若空气阻力可忽略不计，取重力加速度g10m/s1求：（1）滑块沿斜面下滑的加速度大小；（1）滑块与斜面间的动摩擦因数；（3）在整个下滑过程中重力对滑块的冲量大小14（16分）如图所示，在倾角为 = 37的足够长斜面上放置一质量M = 2kg 、长度L = 1.5m的极薄平板 AB ，在薄平板的上端A处放一质量m=1kg的小滑块(视为质点)，将小滑块和薄平板同时无初速释放。已知小

12、滑块与薄平板之间的动摩擦因数为1=0.25、薄平板与斜面之间的动摩擦因数为2=0.5,sin37=0.6,cos37=0.8，取g=10m/s2。求：(1)释放后，小滑块的加速度al和薄平板的加速度a2;(2)从释放到小滑块滑离薄平板经历的时间t。15（12分）在测定某汽车的加速性能时，通过计算机描绘了该汽车在某阶段的图像如图所示。试求：(1)汽车在这一阶段的运动性质；(2)前10s内汽车的平均速度大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】对O点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力，大小和方向都不变，

13、OB绳拉力方向不变，根据平行四边形定则得，如图；知OA绳上拉力大小先减小后增大故C正确，ABD错误故选C【点睛】此题为物体平衡条件的一个应用：动态分析，处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就是以不变应万变2、D【解析】试题分析：圆环沿杆滑下过程中，弹簧的拉力对圆环做功，圆环的机械能不守恒，故A错误；图中弹簧水平时恰好处于原长状态，圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L，可得物体下降的高度为，根据系统的机械能守恒得：弹簧的弹性势能增大量为，故B错误；圆环所受合力为零，速度最大，此后圆环继续向下运动，则弹簧的弹力增大，圆环下滑到最大距离

14、时，所受合力不为零，故C错误；根据圆环与弹簧组成的系统机械能守恒，圆环的动能先增大后减小，则圆环重力势能与弹簧弹性势能之和先减小后增大，故D正确；考点：考查了机械能守恒定律的应用【名师点睛】对物理过程进行受力、运动、做功分析，是解决问题的根本方法要注意圆环的机械能不守恒，圆环与弹簧组成的系统机械能才守恒3、C【解析】解:A、研究蜜蜂飞行时翅膀的振动特点时,不能把蜜蜂看成质点,否则就没有振动了,故A错误;B、研究火车通过路旁一根电线杆的时间时,火车的长度不可以忽略,所以不能看成质点,故B错误;C、10分钟是时间长度,是指时间,所以C选项是正确的;D、7时50分对应一个时间点,是时刻,故D错误;所

15、以C选项是正确的4、C【解析】场强与电势没有直接关系场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零电势为零是人为选取的匀强电场中场强和电势差的关系式是U=Ed，d是沿电场线方向两点间的距离沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降落U必定相等电势降低最快的方向一定是电场强度的方向【详解】A项：电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零；同样场强为零的地方电势不一定为零，因为电势为零是人为选取的，故A错误；B项：沿电场线方向电势逐渐降低，电势降低的方向，不一定是电场强度方向，在匀强电场中场强在数值上等于沿电场线方向单位距离上的电势差，在非匀强电场中或在匀强电场中不沿电场线方向，

16、场强在数值上不等于单位距离上的电势差，故B错误；C项：沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高，故C正确；D项：在匀强电场中，沿电场线方向任何相同距离上的电势降落相同，如果是非匀强电场，沿电场线方向相等距离的电势降落不一定相等，故D错误故应选：C【点睛】对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势高低看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解5、C【解析】0内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带负电，金属板下极板带正电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向上而向上做匀加速运动内情况：

17、由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向下而向上做匀减速运动，直到速度为零内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电，带正电粒子向下匀加速，同理，T内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带负电，金属板下极板带正电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向上，而向下做匀减速运动，直到速度为零故AB错误；由A选项分析可知，末速度减小为零，位移最大，当T末，粒子回到了原来位置故C正确，D错误；故选C6、D【解析】A质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故A错误；B为研究某一时刻或某一位置时的速度，我们采用了取时间非常

18、小，即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度，即采用了极限思维法，故B错误；C将一个铁球放在墙角处直接判断两个接触面处的形变比较困难，若在两个接触面处加放海绵垫，通过观察海绵的凹陷来判断就比较容易，这里采用的是转化法，没有使用控制变量法，故C错误；D在探究匀变速运动的位移公式时，采用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动，即采用了微元法，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A由于两球落在圆弧上的同一点，因此两球做平抛运动下落

19、的高度相同，运动的时间相同，由于同时抛出，因此一定同时落到圆弧面上，A错误；B由水平方向的位移关系可知，由于A点处抛出的小球初速度是B点处抛出小球的3倍，因此A点处抛出小球运动的水平位移是B点处抛出小球运动的水平位移的3倍，由于，因此B点处小球运动的水平位移，根据几何关系可知，两球做平抛运动下落的高度为，运动的时间，B正确；CA点抛出的小球初速度，C正确；D由于O点不在A点抛出小球做平抛运动的水平位移的中点，D错误故选：BC点睛：平抛运动落到同一点，所用时间相同，水平位移之和等于直径据此列方程联立求解8、BD【解析】当滑动变阻器的触头向a滑动时，分析其接入电路的电阻变化情况，抓住电动势和内阻不

20、变，利用闭合电路欧姆定律进行分析【详解】当滑动变阻器R的滑动触头向a端移动时，R减小，整个电路的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律知总电流增大，则内电压增大，外电压减小，所以通过R1的电流I1减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，故B正确，A错误。因I=I1+I2，且I增大，I1减小，I2增大，则I1小于 I2，选项D正确，C错误；故选BD.【点睛】对于电路的动态变化分析问题，要理清电路，抓住电动势和内阻不变，采用局部整体局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析9、AC【解析】A由题设条件知， ，知电场力做功等于重力做功的大小，把板向上平移一小段距离，质点自点自由下落，根据动能定理知，小

21、球到达点速度为零然后返回，故A正确；B将板向下移动一小段距离，根据动能定理知，小球到达点速度为零然后返回，故B错误；C把板向上平移一小段距离，根据动能定理知， ， ，知小球未到点速度已减为零，然后返回，故C正确；D、把B板向下平移一小段距离后，根据动能定理知， ， ，知小球到达N点速度不为零，小球会穿过N孔继续下落，故D错误。点睛：对于本题选择全过程为研究过程，运用动能定理进行求解比较方便，在运用动能定理时，抓住电势差不变，电场力做功不变，比较电场力做功与重力做功的关系进行分析。10、BD【解析】AQ1从无穷远处（电势为0）移到B点的过程，根据电场力做功公式得得又可得Q1移入之前，B点的电势为由于开始，故A错误；BQ1移入之前，C点的电场强度E1，Q1移入之后，Q1在C点产生的电场强度为1E1，如图所示，根据图中的几何关系可得故B正确；CQ1移入之后，根据电势叠加的原理可知C点的电势为Q1从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为：故C错误；DQ1在移到C点后的电势能为故D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，