【解析】湖南省邵阳市隆回一中2016届高三上学期期中物理试卷 Word版含解析 高考

1、2021-2021学年湖南省邵阳市隆回一中高三上期中物理试卷一、选择题：此题共15小题，每题4分，共60分.在每题给出的四个选项中，第1-10题只有一项符合题目要求，第11-15题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1发现万有引力定律和测出引力常量的科学家分别是( )A开普勒、卡文迪许B牛顿、伽利略C开普勒、伽利略D牛顿、卡文迪许2一列火车从静止开始做匀加速直线运动，一人站在第一节车厢前端的旁边观察，第一节车厢通过他历时2s，整列车箱通过他历时8s，那么这列火车的车厢有( )A6节B9节C12节D16节3如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的压力大小

2、为N1，球对木板的压力大小为N2以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中( )AN1始终减小，N2始终增大BN1始终减小，N2始终减小CN1先增大后减小，N2始终减小DN1先增大后减小，N2先减小后增大4一艘小船在静水中的速度为4m/s，渡过一条宽200m，水流速度为5m/s的河流，那么该小船( )A能到达正对岸B以最短位移渡河时，位移大小为200mC渡河的时间可能少于50 sD以最短时间渡河时，沿水流方向的位移大小为250 m5关于环绕地球运动的卫星，以下说法正确的选项是( )A分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不可能具有相同的周期

3、B在赤道上空运行的两颗地球同步卫星它们的轨道半径有可能不同C沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率D沿不同轨道经过武定一中上空的两颗卫星，它们的轨道平面一定会重合6质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆轨道内侧做圆周运动圆半径为R，小球经过圆环内侧最高点时刚好不脱离圆环，那么其通过最高点时不正确的选项是( )A小球对圆环的压力大小等于mgB重力mg充当小球做圆周运动所需的向心力C小球的线速度大小等于D小球的向心加速度大小等于g7将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如下图，g取10m/s2以下说法中正

4、确的选项是( )A小球所受重力和阻力大小之比为6：1B小球落回到抛出点时的速度大小为8m/sC小球上升过程与下落过程所用时间之比为3：2D小球下落过程中，受到向上的空气阻力，处于超重状态8如下图为汽车在水平路面上启动过程的vt图象.0t1时间内为匀加速阶段，t1t2时间内表示以额定功率行驶时的变加速阶段，t2后是与t轴平行的直线，那么以下说法正确的选项是( )A0t1时间内，牵引力不变，功率增大B0t1时间内，牵引力增大，功率不变Ct1t2时间内，牵引力增大，加速度减小Dt1t2时间内，牵引力做的功为mv22mv129一物体以180J的初动能从倾角为30的斜坡底端沿斜坡向上运动当物体向上滑到某

5、一位置时，其动能减少了Ek=18J，机械能减少了E=3J不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，那么物体返回斜坡底端时的动能为( )A120JB80JC60JD150J10水平地面上有一轻质弹簧，下端固定，上端与物体A相连接，整个系统处于平衡状态现用一竖直向下的力压物体A，使A竖直向下做匀加速直线运动一段距离，整个过程中弹簧一直处在弹性限度内以下关于所加力F的大小和运动距离x之间关系图象正确的选项是( )ABCD11利用以下哪组数据及万有引力常量G，能够计算出地球质量的是( )A地球绕太阳公转的周期及地球绕太阳公转的轨道半径B月球绕地球运行的周期及月球绕地球运行的轨道半径C人造地球卫星在地面

6、附近运行的速度和运行周期D假设不考虑地球自转及将地球看成一个均匀球体，且地球半径和地球外表重力加速度12某同学在篮球训练中，以一定的初速度投篮，篮球水平击中篮板，现在他向前走一小段距离，与篮板更近，再次投篮，出手高度和第一次相同，篮球又恰好水平击中篮板上的同一点，那么( )A第二次投篮篮球的初速度小些B第二次击中篮板时篮球的速度大些C第二次投篮时篮球初速度与水平方向的夹角大些D第二次投篮时篮球在空中飞行时间长些13以下说法正确的选项是( )A卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型B衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C爱因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说D

7、根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子的运动动能减小14如下图，倾斜的传送带始终以恒定速率v2运动一小物块以v1的初速度冲上传送带，v1v2小物块从A到B的过程中一直做减速运动，那么小物块( )A小物块到达B端的速度可能等于v2B小物块到达B端的速度不可能等于零C小物块的机械能一直在减少D小物块所受合力一直在做负功15质量不计的直角形支架两端分别连接质量为m和2m的小球A和B支架的两直角边长度分别为2l和l，支架可绕固定轴O在竖直平面内无摩擦转动，如下图，开始时OA边处于水平位置，由静止释放，那么( )AA球的最大速度为BA球的速度最大时，其重力势能最小CA球的

8、速度最大时，两直角边与竖直方向的夹角为45DB球上升的最大高度为l二、实验题本大题共有2个小题，每空3分，共15分161做“研究平抛运动的实验时，让小球屡次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，为了能准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，你认为不正确的选项是_A通过调节使斜槽的末端保持水平B每次释放小球的位置必须不同C每次必须由静止释放小球D小球运动时不应与木板上的白纸或方格纸相接触2在实验中得到如下图的坐标纸，坐标纸方格边长a和当地的重力加速度为g，那么平抛的初速度vo=_17某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械能守恒实验前调整气垫导轨底座使之

9、水平1如图乙所示，用游标卡尺测得固定在滑块上的遮光条的宽度d=_ cm；实验时将滑块从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间t=1.3102 s，那么滑块经过光电门时的瞬时速度为_m/s在本次实验中还需要测量的物理量有：钩码的质量m、滑块上的遮光条初始位置到光电门的距离s和滑块的质量M2本实验验证系统的机械能守恒定律的表达式为：_用测量的物理量符号表示三、计算题此题共4个小题，第18、19小题各8分，第20小题9分，第21小题10分，共35分解答过程应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的问题，答案中必须明确写出数值和单位18一辆

10、汽车在高速公路上以30m/s的速度匀速行驶，由于在前方出现险情，司机采取紧急刹车，刹车时的加速度大小为5m/s2，求：1汽车刹车后20秒内滑行的距离2汽车刹车停止前2秒内滑行的距离19如下图，在光滑的圆锥顶用长为L的细线悬挂一个质量为m的小球，圆锥体固定在水平面上不动，其轴线沿竖直方向，母线与轴线之间的夹角为30，物体以速率v绕圆锥体轴线做水平圆周运动求：1当小球对圆锥体的压力恰好为零时，小球速度大小v1为多少？2当v2=时，那么线对物体的拉力大小为多少？20如下图，光滑水平面上依次放置两个质量均为m的小物块A和C以及光滑曲面劈B，B的质量为M=3m，B的曲面下端与水平面相切，且劈B足够高现让

11、小物块C以水平速度v0向右运动，与A发生弹性碰撞，碰撞后小物块A又滑上劈B求物块A在B上能够到达的最大高度21如下图，让物体可视为质点从图中的C位置由静止开始做圆周运动，其运动轨迹的圆弧与地面相切于最低点D处，物体运动到D点时摆线刚好被拉断，物体在粗糙的水平面上由D点向右做匀减速运动，到达A孔进入半径R=0.36m的竖直放置的光滑圆轨道，当物体进入圆轨道立即关闭A孔摆线长L=2m，=60，物体质量为m=1.0kg，D点与小孔A的水平距离s=2m，g取10m/s2，试求：1摆线所能承受的最大拉力；2要使物体能进入圆轨道并且不脱离轨道，求粗糙水平面摩擦因数的范围2021-2021学年湖南省邵阳市隆

12、回一中高三上期中物理试卷一、选择题：此题共15小题，每题4分，共60分.在每题给出的四个选项中，第1-10题只有一项符合题目要求，第11-15题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分1发现万有引力定律和测出引力常量的科学家分别是( )A开普勒、卡文迪许B牛顿、伽利略C开普勒、伽利略D牛顿、卡文迪许【考点】万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定【专题】万有引力定律的应用专题【分析】依据物理学的开展史和各个人对物理学的奉献可以判定各个选项【解答】解：发现万有引力定律的科学家是牛顿，他提出了万有引力定律首次比拟精确地测出引力常量的科学家是卡文迪许，牛顿得到万有引力定律

13、之后，并没有测得引力常量，引力常量是由卡文迪许用扭秤实验测得的故ABC错误，D正确应选：D【点评】此题需要掌握物理学的开展历史，明确各个课本提到的各个人物对于物理学的奉献，属于根底记忆考查2一列火车从静止开始做匀加速直线运动，一人站在第一节车厢前端的旁边观察，第一节车厢通过他历时2s，整列车箱通过他历时8s，那么这列火车的车厢有( )A6节B9节C12节D16节【考点】匀变速直线运动规律的综合运用【专题】直线运动规律专题【分析】据匀变速直线运动的位移时间公式，结合时间关系求出火车车厢的节数【解答】解：因为L=，x=，那么车厢的节数为：n=应选：D【点评】解决此题的关键是掌握匀变速直线运动的运动

14、学公式，并能灵活运用；注意可以理解为以火车为参考系，研究人的运动3如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中( )AN1始终减小，N2始终增大BN1始终减小，N2始终减小CN1先增大后减小，N2始终减小DN1先增大后减小，N2先减小后增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】以小球为研究对象，分析受力情况：重力、木板的支持力和墙壁的支持力，根据牛顿第三定律得知，墙面和木板对球的压力大小分别等于球对墙

15、面和木板的支持力大小，根据平衡条件得到两个支持力与的关系，再分析其变化情况【解答】解：以小球为研究对象，分析受力情况：重力G、墙面的支持力N1和木板的支持力N2根据牛顿第三定律得知，N1=N1，N2=N2根据平衡条件得：N1=Gcot，N2=将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置的过程中，增大，cot减小，sin增大，那么N1和N2都始终减小，故N1和N2都始终减小应选B【点评】此题运用函数法研究动态平衡问题，也可以运用图解法直观反映力的变化情况4一艘小船在静水中的速度为4m/s，渡过一条宽200m，水流速度为5m/s的河流，那么该小船( )A能到达正对岸B以最短位移渡河时，位移大小为200m

16、C渡河的时间可能少于50 sD以最短时间渡河时，沿水流方向的位移大小为250 m【考点】运动的合成和分解【专题】定量思想；合成分解法；运动的合成和分解专题【分析】当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短；因为静水速小于水流速，合速度方向不可能垂直于河岸，即不可能垂直渡河，当合速度的方向与静水速的方向垂直时，渡河位移最短【解答】解：A、因船在静水中的速度小于水流速度，故不能到达正对岸故A错误B、因为不能垂直渡河，所以当合速度的方向与静水速的方向垂直，渡河位移最短，设此时合速度的方向与河岸的夹角为，sin=，那么渡河的最小位移x=m=250m，故B错误；C、当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短

17、，t=s=50s，故C错误；D、以最短时间渡河时，沿水流方向的位移大小x=vct=550m=250m故D正确应选：D【点评】解决此题的关键知道合运动与分运动具有等时性，以及知道静水速与河岸垂直时，渡河时间最短假设静水速大于水流速，合速度方向与河岸垂直时，渡河位移最短；假设静水速小于水流速，那么合速度方向与静水速方向垂直时，渡河位移最短5关于环绕地球运动的卫星，以下说法正确的选项是( )A分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不可能具有相同的周期B在赤道上空运行的两颗地球同步卫星它们的轨道半径有可能不同C沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率D沿不同轨道经过武定一中上空的两颗

18、卫星，它们的轨道平面一定会重合【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【专题】人造卫星问题【分析】1、根据开普勒第三定律=k可知，只要a相等，周期T就相同2、所有同步卫星的轨道都是统一轨道3、根据开普勒第二定律可知，椭圆轨道运行的卫星速率是变的，关于长轴对称的两点速率是相等的4、轨道平面过地心和武定一中上空的轨道平面有无限多个【解答】解：A、根据开普勒第三定律=k可知，只要圆轨道的半径和椭圆轨道的半长轴相等，周期就相同，故A错误；B、所有同步卫星的轨道半径、周期、线速度、角速度等均相同，故B错误；C、沿椭圆轨道运行的卫星速率是变的，但是关于长轴对称的两点速率是相等的，故C正确；D、轨道平面过

19、地心和武定一中上空的轨道平面有无限多个，故D错误应选：C【点评】人造地球卫星的轨道平面必过圆心，万有引力做向心力，轨道可以是圆的也可以是椭圆的，开普勒第三定律中的恒量均相等6质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆轨道内侧做圆周运动圆半径为R，小球经过圆环内侧最高点时刚好不脱离圆环，那么其通过最高点时不正确的选项是( )A小球对圆环的压力大小等于mgB重力mg充当小球做圆周运动所需的向心力C小球的线速度大小等于D小球的向心加速度大小等于g【考点】向心力【专题】匀速圆周运动专题【分析】小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆环，知轨道对小球的弹力为零，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球的速度【解答】解

20、：A、因为小球刚好在最高点不脱离圆环，那么轨道对球的弹力为零，所以小球对圆环的压力为零故A错误BCD、根据牛顿第二定律得，mg=m=ma，知向心力不为零，线速度v=，向心加速度a=g故BCD正确此题选择错误的，应选：A【点评】解决此题的关键知道在最高点的临界情况，v，运用牛顿第二定律进行求解7将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反该过程的vt图象如下图，g取10m/s2以下说法中正确的选项是( )A小球所受重力和阻力大小之比为6：1B小球落回到抛出点时的速度大小为8m/sC小球上升过程与下落过程所用时间之比为3：2D小球下落过程中，

21、受到向上的空气阻力，处于超重状态【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【专题】应用题；定量思想；图析法；牛顿运动定律综合专题【分析】根据速度时间图线得出匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出阻力的大小，从而得出小球重力和阻力的比值；根据牛顿第二定律求出下降的加速度，结合位移时间公式得出上升和下落时间之比根据图线得出上升的位移，结合下降的加速度，运用速度位移公式求出小球回到抛出点的速度大小根据加速度的方向判断小球的超失重【解答】解：A、小球向上做匀减速运动的加速度大小a1=12m/s2，根据牛顿第二定律得，mg+f=ma1，解得阻力f=ma1mg=2m=2N，那么重力和阻力大小之比为m

22、g：f=5：1故A错误B、小球上升的高度x=t1=2=24m，小球下降的加速度大小a2=8m/s2，根据x=a2t22得，t2=s，那么小球落回到抛出点时的速度大小为 v=a2t2=8 m/s，故B正确C、上升的时间和下落的时间之比为t1：t2=2：故C错误D、下落的过程中，加速度向下，处于失重状态故D错误应选：B【点评】此题考查了牛顿第二定律和速度时间图线的运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移8如下图为汽车在水平路面上启动过程的vt图象.0t1时间内为匀加速阶段，t1t2时间内表示以额定功率行驶时的变加速阶段，t2后是与t轴平行的

23、直线，那么以下说法正确的选项是( )A0t1时间内，牵引力不变，功率增大B0t1时间内，牵引力增大，功率不变Ct1t2时间内，牵引力增大，加速度减小Dt1t2时间内，牵引力做的功为mv22mv12【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算【专题】定性思想；图析法；功率的计算专题【分析】0t1时间内为匀加速阶段，加速度不变，根据牛顿第二定律得出牵引力的变化，结合P=Fv判断功率的变化在t1t2时间内功率不变，根据P=Fv判断牵引力的变化，结合牛顿第二定律判断加速度的变化【解答】解：A、在0t1时间内，做匀加速直线运动，加速度不变，根据牛顿第二定律得，Ff=ma，牵引力不变根据P=Fv知，功率增大

24、故A正确，B错误C、t1t2时间内，功率不变，根据P=Fv知速度增大，牵引力减小，根据牛顿第二定律得，a=，知加速度减小故C错误D、t1t2时间内，根据动能定理得，可知牵引力做功W不等于故D错误应选：A【点评】此题考查牛顿第二定律和功率公式的根本运用，匀加速运动阶段，牵引力不变，到达额定功率后，功率不变，结合P=Fv进行分析求解9一物体以180J的初动能从倾角为30的斜坡底端沿斜坡向上运动当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了Ek=18J，机械能减少了E=3J不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，那么物体返回斜坡底端时的动能为( )A120JB80JC60JD150J【考点】功能关系【专题

25、】定量思想；方程法；守恒定律在近代物理中的应用【分析】物体从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和摩擦力，总功等于动能增加量，机械能减小量等于克服摩擦力做的功，根据功能关系列式；对从最高点到底端过程再运用动能定理列式【解答】解：物体从开始到经过斜面上某一点时，向上的位移大小是l，受重力、支持力和摩擦力，根据动能定理，有：mglsinfl=EKEK0=18J机械能的减小量等于克服摩擦力做的功：fl=E=3J由可解得：由于摩擦力做的功与重力做的功的比值不变，可知当物体到达最高点时动能减少了120J，机械能减少了20J，所以物体上升过程中克服摩擦力做功是20J，全过程摩擦力做功为：W=40J 从

26、出发到返回底端，重力不做功，设回到出发点的动能为EK，由动能定理可得：W=EKEK0得EK=80J应选：B【点评】功能关系有多种表现形式：合力的功总功等于动能增加量；重力做功等于重力势能的减小量；除重力外其余力做的功等于机械能的增加量10水平地面上有一轻质弹簧，下端固定，上端与物体A相连接，整个系统处于平衡状态现用一竖直向下的力压物体A，使A竖直向下做匀加速直线运动一段距离，整个过程中弹簧一直处在弹性限度内以下关于所加力F的大小和运动距离x之间关系图象正确的选项是( )ABCD【考点】牛顿第二定律；胡克定律【分析】开始时物体处于平衡状态，求出弹力和压缩量x1；对匀加速过程，对物体受力分析后，根

27、据牛顿第二定律和胡克定律列式求解出弹力的表达式，再分析即可【解答】解：开始时，物体处于平衡状态，物体受重力和弹力，那么有： mg=kx1物体向下匀加速过程，对物体受力分析，受重力、弹簧向上的弹力、推力F，根据牛顿第二定律，有 F+mgF弹=ma根据胡克定律，有 F弹=kx1+x=mg+kx解得：F=mamg+F弹=ma+kx，故弹力与x是线性关系，且是增函数，故D正确；应选：D【点评】此题关键是求解出推力F的一般表达式，然后根据牛顿第二定律和胡克定律列式求解出推力的一般表达式后分析图象特点此题也可以定性分析得到，即推力一定是增加的，刚开始推力不为零11利用以下哪组数据及万有引力常量G，能够计算

28、出地球质量的是( )A地球绕太阳公转的周期及地球绕太阳公转的轨道半径B月球绕地球运行的周期及月球绕地球运行的轨道半径C人造地球卫星在地面附近运行的速度和运行周期D假设不考虑地球自转及将地球看成一个均匀球体，且地球半径和地球外表重力加速度【考点】万有引力定律及其应用【专题】定量思想；推理法；万有引力定律的应用专题【分析】根据万有引力提供向心力，结合轨道半径和周期求出中心天体的质量；根据万有引力等于重力求出地球的质量【解答】解：A、根据得，太阳的质量，无法求出地球的质量，故A错误B、根据得，地球的质量，故B正确C、人造地球卫星的速度和周期，可以求出轨道半径r=，根据可以求出地球的质量，故C正确D、

29、根据得，地球的质量M=，故D正确应选：BCD【点评】解决此题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心力，并能灵活运用12某同学在篮球训练中，以一定的初速度投篮，篮球水平击中篮板，现在他向前走一小段距离，与篮板更近，再次投篮，出手高度和第一次相同，篮球又恰好水平击中篮板上的同一点，那么( )A第二次投篮篮球的初速度小些B第二次击中篮板时篮球的速度大些C第二次投篮时篮球初速度与水平方向的夹角大些D第二次投篮时篮球在空中飞行时间长些【考点】平抛运动【专题】平抛运动专题【分析】根据题目中说的两次投篮都是水平击中篮板，所以把篮球的运动从逆向来看，两次的投篮都可以看

30、成是从同一个点开始的平抛运动，第一的水平的位移要比第二次的水平位移大，再根据平抛运动的规律来分析即可【解答】解：把同学投篮水平击中篮板的过程看成逆向的从击中篮板O点开始的平抛运动，如下图，第二次投篮是下边的一条抛物线，由此可见，第二次投篮时水平的位移要小，所以篮球的初速度要小些，初速度与水平方向的夹角要比第一次的大一些，所以AC正确应选AC【点评】解答此题是从两次的投篮来看，两次运动之间的规律不好找，但是从逆向来看的话，两次都可以看成是从同一点开始的平抛运动，但是两次平抛运动的水平的位移不同，由此再比拟两次投篮之间的关系就很容易了13以下说法正确的选项是( )A卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子

31、核式结构模型B衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C爱因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说D根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大，核外电子的运动动能减小【考点】物理学史【专题】定量思想；归谬反证法；直线运动规律专题【分析】卢瑟福通过粒子散射实验推翻了汤姆孙的枣糕模型，建立了原子核式结构模型；原子从高能级向低能级跃迁，辐射光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子衰变产生的电子来自原子核，不是核外电子【解答】解：A、卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型故A正确B、衰变是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来故B错误C、爱因

32、斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说故C正确D、氢原子辐射出一个光子后，能量减小，轨道半径减小，动能增大，那么电势能减小故D错误应选：AC【点评】此题考查了核式结构模型、玻尔理论、衰变等根底知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些根底知识点14如下图，倾斜的传送带始终以恒定速率v2运动一小物块以v1的初速度冲上传送带，v1v2小物块从A到B的过程中一直做减速运动，那么小物块( )A小物块到达B端的速度可能等于v2B小物块到达B端的速度不可能等于零C小物块的机械能一直在减少D小物块所受合力一直在做负功【考点】功能关系；牛顿第二定律【分析】小物块以初速度v1从底端冲上传动带，且v1大于v2，所

33、以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为v2后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物体继续减速，摩擦力方向上，也可以一直减到顶端时速度刚好为v2，根据除重力以外的力做的功等于机械能的变化量，判断机械能的变化情况，根据动能定理可知，W合=EK判断合力做功情况【解答】解：A、小物块从传动带底端到达顶端的过程中一直做减速运动，减到顶端时速度可能刚好与传送带速度相等，故A正确；B、小物块以初速度v1从底端冲上传动带，且v1大于v2，所以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为v2后，重力沿斜面的分量可以大于向上的摩擦力，这样合力方向向下，物体继续减速，到达顶端

34、时，速度有可能正好减为零，故B错误；C、除重力以外的力做的功等于机械能的变化量，刚开始v1大于v2，摩擦力方向向下，做负功，机械能减小，当速度减为v2后，再减速时，摩擦力方向向上，做正功，机械能增大，故C错误；D、根据动能定理可知，W合=EK，因为物体一直做减速运动，速度动能一直减小，合外力一直做负功，故D正确应选：AD【点评】此题主要考查了动能定理、机械能守恒定律的条件的直接应用，关键是正确分析物体的运动情况和受力情况，还要会分析摩擦力的方向，难度适中15质量不计的直角形支架两端分别连接质量为m和2m的小球A和B支架的两直角边长度分别为2l和l，支架可绕固定轴O在竖直平面内无摩擦转动，如下图

35、，开始时OA边处于水平位置，由静止释放，那么( )AA球的最大速度为BA球的速度最大时，其重力势能最小CA球的速度最大时，两直角边与竖直方向的夹角为45DB球上升的最大高度为l【考点】机械能守恒定律【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】AB两个球组成的系统机械能守恒，但对于单个的球来说机械能是不守恒的，根据系统的机械能守恒列式可以求得AB之间的关系，同时由于AB是同时转动的，它们的角速度的大小相同【解答】解：B、由机械能守恒可知，两球总重力势能最小时，二者的动能最大，故B错误；C、根据题意知两球的角速度相同，线速度之比为VA：VB=2l：l=2：1；当OA与竖直方向的夹角为时，由机械能守恒得：

36、mg2lcos2mgl1sin=mVA2+2mVB2，解得：VA2=glsin+cosgl=glsin+45gl，由数学知识知，当=45时，sin+cos有最大值，应选项C是正确的；A、最大值为：VA=，所以A正确；D、当VA2=glsin+cosgl=glsin+45gl=0时，=0或90；故D正确；应选：ACD【点评】此题中的AB的位置关系并不是在一条直线上，所以在球AB的势能的变化时要注意它们之间的关系，在解题的过程中还要用到数学的三角函数的知识，要求学生的数学根本功要好，此题由一定的难度二、实验题本大题共有2个小题，每空3分，共15分161做“研究平抛运动的实验时，让小球屡次沿同一轨道

37、运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，为了能准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，你认为不正确的选项是BA通过调节使斜槽的末端保持水平B每次释放小球的位置必须不同C每次必须由静止释放小球D小球运动时不应与木板上的白纸或方格纸相接触2在实验中得到如下图的坐标纸，坐标纸方格边长a和当地的重力加速度为g，那么平抛的初速度vo=【考点】研究平抛物体的运动【专题】实验题【分析】1保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，防止因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成

38、平滑的曲线2在实验中让小球能做平抛运动，并能描绘出运动轨迹，因此要求从同一位置屡次无初速度释放同时由运动轨迹找出一些特殊点利用平抛运动可看成水平方向匀速直线运动与竖直方向自由落体运动去解题【解答】解：1A、通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故A正确；BC、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误、C正确；D、小球运动时不应与木板上白纸接触，防止摩擦而改变运动的轨迹故D正确此题选择不正确的，应选：B2a、b、c、d是平抛运动轨迹上的点，平抛运动可看成竖直方向自由落体运动与水平方向匀速直线运动 由水平位移可知：四个点时间

39、间隔相等 竖直方向：自由落体运动，因时间相等，由h=gt2可得：t=水平方向：匀速运动，那么v0=2； 根据题意在竖直方向：b点是a、c两点的中间时刻，所以b点的瞬时速度等于ac段的平均速度 那么b点的竖直方向速度vy=而b点的水平方向速度v0=2； 所以b点的速度为vb=故答案为：1B；2【点评】1解决平抛实验问题时，要特别注意实验的考前须知在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探究原理的理解2此题考查了实验考前须知，要知道实验原理与实验考前须知在实验中如何实现让小球做平抛运动是关键，同时让学生知道描点法作图线方法：由实验数据得来的点，进行平滑连接起来17某实验小

40、组利用如图甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械能守恒实验前调整气垫导轨底座使之水平1如图乙所示，用游标卡尺测得固定在滑块上的遮光条的宽度d= cm；实验时将滑块从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间t=1.3102 s，那么滑块经过光电门时的瞬时速度为0.40m/s在本次实验中还需要测量的物理量有：钩码的质量m、滑块上的遮光条初始位置到光电门的距离s和滑块的质量M2本实验验证系统的机械能守恒定律的表达式为：mgs=用测量的物理量符号表示【考点】验证机械能守恒定律【专题】实验题；定性思想；实验分析法；机械能守恒定律应用专题【分析】1掌握游标卡尺的读数方法，即主尺

41、读数加上游标读数，不需估读；本实验中由于遮光条通过光电门的时间极短因此可以利用平均速度来代替其瞬时速度大小；2比拟重力势能的减小量和动能的增加量是否相等即可判断机械能是否守恒【解答】解：1游标卡尺主尺读数为5mm+0.12mm=5.2mm=0.52cm由于遮光条通过光电门的时间极短因此可以利用平均速度来代替其瞬时速度，因此滑块经过光电门时的瞬时速度为：v=0.40m/s2钩码和滑块所组成的系统为研究对象，其重力势能的减小量为mgs，系统动能的增量为：=，所以本实验验证系统的机械能守恒定律的表达式为为mgs=故答案为：10.52；0.40；2mgs=【点评】常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的根

42、底处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项三、计算题此题共4个小题，第18、19小题各8分，第20小题9分，第21小题10分，共35分解答过程应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的问题，答案中必须明确写出数值和单位18一辆汽车在高速公路上以30m/s的速度匀速行驶，由于在前方出现险情，司机采取紧急刹车，刹车时的加速度大小为5m/s2，求：1汽车刹车后20秒内滑行的距离2汽车刹车停止前2秒内滑行的距离【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】直线运动规律专题【分析】1根据速度时间公式求出汽车速度减为

43、零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出刹车后的位移2采用逆向思维，结合位移时间公式求出停止前2s内滑行的距离【解答】解：1由v0=at得，刹车时间为t=6s 所以汽车刹车后20s内滑行的距离等于6s内的位移，那么2采用逆向思维，汽车刹车停止前2秒内滑行的距离x=答：1汽车刹车后20秒内滑行的距离为90m2汽车刹车停止前2秒内滑行的距离为10m【点评】此题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动19如下图，在光滑的圆锥顶用长为L的细线悬挂一个质量为m的小球，圆锥体固定在水平面上不动，其轴线沿竖直方向，母线与轴线之间的夹角为30，物体以速率v绕圆锥体轴线做水平圆周

44、运动求：1当小球对圆锥体的压力恰好为零时，小球速度大小v1为多少？2当v2=时，那么线对物体的拉力大小为多少？【考点】向心力【专题】计算题；比拟思想；临界法；匀速圆周运动专题【分析】1当小球对圆锥体的压力为零时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力结合求出小球速度大小v12根据小球的速度与临界速度比拟，判断小球是否离开圆锥体，再结合合力提供向心力，运用牛顿第二定律求出细线对小球的拉力【解答】解：1当小球对圆锥体的压力为零时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得： mgtan30=m解得：v1=2由于v2=v0，那么此时小球已经离开圆锥面，设绳子与竖直方向夹角为，那么： mgtan=m解得：=60绳子拉力大小为：T=2mg答：1当小球对圆锥体的压力恰好为零时，小球速度大小v1为2当v2=时，那么线对物体的拉力大小为2mg【点评】解决此题的关键知道小球圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，根据牛顿第二定律求出临界速度是解决此题的关键20如下图，光滑水