初三物理模拟测试参考答案

1、第 PAGE8 页，共 NUMPAGES8 页参考答案一、选择题（共25题，共 100 分）1.【答案】A 【解析】解：清晨草叶上的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的；A、雾是空气中的水蒸气形成的小水珠，是液化现象，故A符合题意；B、霜是空气中的水蒸气形成的小冰晶，是凝华现象，故B不合题意；C、冰是液态的水变成固态的冰，是凝固现象，故C不合题意；D、雾凇是空气中的水蒸气形成的小冰晶，是凝华现象，故D不合题意。故选：A。2.【答案】C 【解析】AD、如图，甲有一段时间吸热温度不变，所以甲是晶体海波，由图知海波的熔点是；乙吸热温度一直升高，所以乙是非晶体蜡烛，故AD正确；B、甲在，吸收热量，温度升

2、高，是固态，故B正确；C、甲在即段时，吸收热量，温度不变，是熔化过程，此过程海波处于固液共存状态，故C错误。故选：C。3.【答案】D 【解析】解：A.蜡烛在玻璃板中成的是虚像，该选项说法不正确；B.蜡烛在玻璃板中成的像与实物等大，该选项说法不正确；C.蜡烛移近玻璃板时，像会靠近玻璃板，该选项说法不正确；D.蜡烛与它的像到玻璃板的距离相等，该选项说法正确。故选D。4.【答案】D 【解析】解：AB、由图可知，物距小于像距，此时光屏上成倒立、放大的实像，幻灯机或投影仪利用了此原理；，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机，故图中成像特点与照相机的成像特点不同，故AB错误；C、成实像时的动态变化规律

3、是物远像近像变小，若将蜡烛向左移动远离凸透镜，则应将光屏向左靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变小，故C错误；D、透镜不动，将蜡烛与光屏互换位置，根据光路的可逆性，光屏上仍能得到清晰的像，故D正确。故选D。5.【答案】C 【解析】解:A、挤压两铅块使它们黏合在一起，下面悬挂钩码不能使它们分开，是因为分子间存在引力，故A正确；B、试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出的过程中，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，故B正确；C、抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动，故C错误；D、压缩玻璃筒内的空气，机械能转化为筒内空气的内能，空气的内能增加，温度升高，当达到

4、硝化棉的燃点后，硝化棉会燃烧，即压缩气体做功，气体的内能增加，温度升高，故D正确。故选:C。6.【答案】B 【解析】A.物体吸热，温度不一定升高，如晶体熔化时虽然继续吸热，但温度是不变的，故A错误；B.物体温度降低，其分子无规则运动减慢，分子动能减小，内能减小，故B正确；C.一座冰山的内能远远大于一杯热水，但热水的温度却高于冰山，故C错误；D.一个物体的温度升高，可能是外界对其做功，也可能是吸收了热量，故D错误。故选B。7.【答案】C 【解析】解:甲乙两物体比热容之比，甲乙两物体质量之比，由得:，两物体升高的温度之比:。故选:C。8.【答案】A 【解析】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞

5、上行，因此是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能。故选：A。9.【答案】B 【解析】A、小车受到的重力与地面对小车的支持力，二力大小不相等，因此不是一对平衡力，故A错误；B、木块对小车的压力与小车对木块的支持力，二力符合相互作用力的条件，因此属于相互作用力，故B正确；C、地面对小车的支持力等于小车和木块的总重力，木块对小车的压力等于木块的重力，二力大小不相等，因此不是一对平衡力，故C错误；D、木块受到的重力与木块对小车的压力，二力方向相同，因此二力不是相互作用力，故D错误。故选B。10.【答案】D 【解析】解：对的压力与对桌面的压力之比为： ， ， ， 故选：D。11.【答案】D 【解析】杯子

6、倒过来以后，水的深度变小，根据公式可知水对杯底的压强变小，故C错误，D正确；杯子倒过来以后，杯子和水对桌面的压力不变，但底面积变大，根据公式可知杯子对桌面的压强变小，故A、B错误。12.【答案】A 【解析】解：A.由于液体的压强随深度的增加而增大，河水的深度越深压强越大，为了大坝的坚固，下面必须修的宽一些，与大气压无关，不符合题意。B.浸过酒精的棉花燃烧时，使瓶内的气体受热膨胀，一部分空气跑到瓶外，用鸡蛋封住瓶口，瓶内的棉花停止燃烧，瓶内气体温度降低，压强减小。此时瓶内气压小于瓶外大气压，在大气压的作用下鸡蛋被压入瓶中，属于利用大气压。C.电动抽风机高速转动时，空气排出，内部压强减小，外部压强

7、不变，把含灰尘的空气吸入。故本选项属于利用大气压。D.先把酒精在罐内烧一下，罐内空气受热排出，此时迅速把罐扣在皮肤上，罐内的空气冷却后压强降低，小于外面的大气压，外面的大气压就将罐紧紧地压在皮肤上。故选A。13.【答案】C 【解析】解：A.悬浮，沉入底部，所以，；因为与体积相同，所以根据可知：，所以；则，故A不正确；B.当物体的密度大于液体的密度时物体下沉，当物体的密度等于液体的密度时物体悬浮，当物体的密度小于液体的密度时物体上浮或漂浮，所以根据漂浮、悬浮、沉入底部可知：，故B不正确；C.由图可知，漂浮，悬浮，因为当物体的重力等于受到的浮力时物体悬浮或漂浮，所以，；所以与质量相等，则物体的重力

8、相等，故浮力，因为，所以，故，故所受浮力关系为，故C正确；D.据浮力关系为，结合可知，排开水的质量关系为，故D不正确。故选C。14.【答案】B 【解析】解：(1)由图乙可知，当时，弹簧测力计的示数为，即金属块的重力，完全浸没在水中时，弹簧测力计的示数为，则金属块浸没时受到的浮力：，则金属块一半浸在水中时受到的浮力：。(2)由阿基米德原理可得，金属块的体积：；金属块的质量：，金属块的密度：。故选B。15.【答案】D 【解析】解:A、足球在点时，足球有一定的速度，足球具有一定的动能，动能不为零；足球在点时，足球速度为零，足球动能为零。故错误。B、足球在点时，足球有一定的速度，足球具有一定的动能，动

9、能不为零；足球在点时，足球速度为零，足球动能为零。故错误。C、足球从到的过程中，足球质量不变，高度增大，重力势能不断增大。故错误。D、足球从到的过程中，足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能不断减小。故正确。故选:D.16.【答案】C 【解析】在杠杆缓慢由到的过程中，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力的动力臂的长度没有变化，阻力的大小没有变化，而阻力臂却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知：，当、不变时，越大，越大；因此拉力在这个过程中逐渐变大。故选：C。17.【答案】D 【解析】解：A、由图知，物体升高，拉力端移动的距离为，拉力做的总功，故A错； B、物体升高，拉力做的有用

10、功，故B错；C、滑轮组的机械效率，故C错； D、物体以速度匀速上升，绳子自由端移动的速度是物体上升速度的倍，拉力的功率，故D正确。 故选：D。18.【答案】B 【解析】A、甲滑轮组中有一个动滑轮，乙滑轮组中有两个动滑轮，所以若把物体提升相同的高度，乙滑轮组做的额外功多，若，把物体提升相同的高度，则根据可知甲乙所做的有用功相同，总功有用功额外功，故A错误。 B、若，甲乙所做的有用功相同，乙做的总功大于甲做的总功，根据，甲的机械效率大于乙的机械效率，故B正确； C、若，物体提升相同的高度，则根据可知：甲所做的有用功大于乙所做的有用功，故C错误； D、用同一个滑轮组提起不同的重物，所做的额外功不变，

11、有用功发生变化，所以有用功在总功中的比值发生变化，所以机械效率变化，所以D错误。 故选B。19.【答案】C 【解析】解：用电压表测得、两点间的电压为，说明电源电压为；用电压表测得、两点间的电压为，说明、以外是连通的，间有断路； 用电压表测得、两点间的电压为，说明、以外是连通的，间有断路； 综合两次的测量结果可以看出，只有当间不通时，才会出现上述情况。故C符合题意。 故选:C。20.【答案】B 【解析】解：由电路图可知，、串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当闭合开关，压力增大时，滑片下移，接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小

12、，故AC错误；由可知，定值电阻两端的电压变小，因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确，D错误。故选：B。21.【答案】C 【解析】解：电源两端电压为保持不变，定值电阻为；由题意知，当电压表的最大测量值为时，此时定值电阻两端的电压，电路中的电流，因此电路中的最大电流为；故A错误；故滑动变阻器接入电路中的最小电阻；故B错误；电路消耗的最大功率；故D错误；电阻消耗的最大功率：。当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，即，电阻消耗的最小功率：；所以电阻消耗功率允许的变化范围为，故C正确。故选：C。22.【答案】D 【解析】A、说法

13、正确，连接电路时，开关应断开，是为了防止短路将变阻器连入电路时，滑片应放到使电路中电流最小的位置，即为阻值最大位置，也是为了保护电路A不符合题意；B、由图可知，电流表的量程，分度值0.02A，故电流为0.3A，电压表量程为，分度值为0.1V，故灯泡电压为2.4V；根据功率公式可知，；B正确，B不符合题意；C、滑动变阻器ab连入电路，如果将滑片P向a端滑动，连入电路的电阻变小，灯泡L的电阻不变，电路中的电流变大，根据可知，灯泡两端的电压变大，电压表的示数将变大，C正确，C不符合题意；D、如果将滑片P向b端滑动，连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，根据公式可知，P将减小，D错误，D符合题意23.

14、【答案】D 【解析】解：A、甲图中，滑片应适当向左移动，可以增大电路中的电流，根据可知产生的热量多，可以缩短实验时间，故A正确；B、甲图中，中铜丝和中镍铬合金丝串联，电流相同，两金属丝的材料不同，它们的电阻不同，所以可探究电流产生的热量与电阻的关系，故B正确；C、产生热量越多，温度计示数升高得越多，实验中通过观察温度计上升的示数来比较电流产生的热量的多少，故C正确；D、利用乙图的实验装置可以探究电流产生的热量与电流大小、通电时间的关系，故D错误。故选：D。24.【答案】D 【解析】(1)由电路图可知，接时，与串联，电路中的总电阻越大，由可知，电源电压一定时，电路的总功率最小，电加热器处于保温状态，故A错误；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电加热器保温功率：，故C错误。(2)由电路图可知，接时，电路为的简单电路，电路中的总电阻最小，由可知，电源电压一定时，电路的总功率最大，电加热器处于加热状态，故B错误；电加热器加热功率：，故D正确；故选：D。25.【答案】D 【解析】解：A、在电