2022-2023学年河北省阜平一中物理高三第一学期期中学业水平测试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，电源E=12V，内阻不计，灯泡L的额定电压为9V，其伏安特性曲线如图乙所示，滑动变阻器R的最大阻值为。下列判断正确的是A灯泡L的阻值随电流的增大而减小

2、B灯泡L的额定功率为13.5WC灯泡L消耗电功率的最小值是4WD滑动变阻器接入电路的阻值应至少为2、假设地球和火星都绕太阳做匀速圆周运动，已知地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，那么（）A地球的公转周期小于火星的公转周期B地球的公转线速度小于火星公转的线速度C地球的公转加速度小于火星公转的加速度D地球的公转角速度小于火星公转的角速度3、如图所示一个做匀变速曲线运动的物块的轨迹示意图，运动至A时速度大小为v0，经一段时 间后物块运动至B点，速度大小仍为v0，但相对A点时的速度方向改变了90，则在此过程中（ ）A物块的运动轨迹AB可能是某个圆的一段圆弧B物块的动能可能先增大后减小C物块的速度大小

3、可能为DB点的加速度与速度的夹角小于904、沿光滑水平面在同一条直线上运动的两物体A、B碰撞后以共同的速度运动，该过程的位移时间图象如图所示则下列说法错误的是()A碰撞前后物体A的运动方向相反B物体A、B的质量之比为12C碰撞过程中A的动能变大，B的动能减小D碰前物体B的动量较大5、如图所示,导体球A与导体球壳B同心,原来都不带电,也不接地,设M、N两点的场强大小为EM和EN,下列说法中正确的是A若使A带电,则EM0,EN=0B若使B带电,则EM0,EN0C若使A，B两球分别带上等量异种电荷,则EM0,EN=0D若使A球带电,B球接地,则EM=0,EN=06、为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组

4、设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示当此车加速上坡时，盘腿坐在座椅上的一位乘客( )A处于失重状态B不受摩擦力的作用C所受力的合力竖直向上D受到向前（水平向右）的摩擦力作用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B、C、D四个物体在同一条直线上做直线运动，A物体的xt、B物体的vt、C物体和D物体的at图象依次如图所示，规定水平向右为正，已知物体在t0时的速度均为零，且此时C物体在D物体的左边175m处，则（ ）A

5、其中04s内物体运动位移最大的是B物体B其中04s内物体运动位移最大的是C物体Ct25s时C物体追上D物体Dt35s时C物体追上D物体8、如图所示，木板P下端通过光滑铰链固定于水平地面上的O点，物体A、B叠放在木板上且处于静止状态，此时物体B的上表面刚好水平。现使木板P绕O点缓慢旋转到虚线所示位置，物体A、B仍保持静止，且相对木板没有发生移动，与原位置相比AB对A的摩擦力不变BA对B的作用力不变C板对B的摩擦力减小D板对B的支持力减小9、某物体以的初速度竖直上抛，不计空气阻力，取则前内（ ）A物体上升的最大高度为B物体的位移为，方向向上C物体的平均速度为，方向向上D物体速度变化量的大小为，方向

6、向下10、如图所示，带有长方体盒子的斜劈A放在固定的斜面体C的斜面上，在盒子内放有光滑球B，B恰与盒子前、后壁P、Q点相接触。若使斜劈A在斜面体C上由静止释放，以下说法正确的是A若C的斜面光滑，斜劈A由静止释放，则P点对球B有压力B若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则Q点对球B有压力C若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面匀速下滑，则Q点对球B有压力D若C的斜面粗糙，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则Q点对球B有压力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某小组做“探究求合力的方法”的实验时得出如图所示的图（F与A、O共线

7、），其中A为固定橡皮条的固定点、O为橡皮条与细绳的结合点（1）以下实验操作正确是_A BC D（2）图甲中小齐同学在做“探究求合力的方法”实验时，可用手拉动_（从A、B、C、D中选）对弹簧秤进行调零（3）该同学在做“探究求合力的方法”的实验采取了下面哪种常用的研究方法_A、控制变量法 B、等效替代法C、小量放大法 D、建立理想模型法（4）图乙中_是与合力的真实值（填“F”或“”）（5）在实验中，采取下列哪些措施可减小实验误差_A两个分力、间夹角必须为90B两个分力、的大小要适当大些C拉橡皮条的细绳要尽量短一些D实验前先检查弹簧测力计的指针是否指零12（12分）某同学利用单摆测定当地的重力加速度

8、（1）实验室已经提供的器材有：铁架台、夹子、秒表、游标卡尺除此之外，还需要的器材有_A长度约为1 m的细线B长度约为30 cm的细线C直径约为2 cm的钢球D直径约为2 cm的木球E最小刻度为1 cm的直尺F最小刻度为1 mm的直尺（2）摆动时偏角满足下列条件_（填“A”、“B” 、“C”更精确A最大偏角不超过10B最大偏角不超过20C最大偏角不超过30（3）为了减小测量周期的误差，实验时需要在适当的位置做一标记，当摆球通过该标记时开始计时，该标记应该放置在摆球摆动的_A最高点B最低点C任意位置（4）用秒表测量单摆的周期当单摆摆动稳定且到达计时标记时开始计时并记为n1，单摆每经过标记记一次数，

9、当数到n60时秒表的示数如图甲所示，该单摆的周期是T_s(结果保留三位有效数字)（5）用最小刻度为1 mm的刻度尺测摆线长，测量情况如图乙所示O为悬挂点，从图乙中可知单摆的摆线长为_m；用游标卡尺测量摆球的直径如图丙所示，则球的直径为_cm；单摆的摆长为_m(计算结果保留三位有效数字)（6）若用L表示摆长，T表示周期，那么重力加速度的表达式为g_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场I和II，

10、两电场的边界均是边长为L的正方形（不计电子所受重力）（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子， 求电子离开ABCD区域的位置（2）在电场I区域内适当位置由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开，求所有释放点的位置（3）若将左侧电场II整体水平向右移动L/n（n1），仍使电子从ABCD区域左下角D处离开（D不随电场移动），求在电场I区域内由静止释放电子的所有位置14（16分）如图所示，一足够长的固定斜面倾角，两物块A、B的质量、分别为1kg和2kg，它们与斜面之间的动摩擦因数均为两物块之间的轻绳长，作用在B上沿斜面向上的力F逐渐增大，使A、B一起由静止开始沿斜面向上运动，g取(1)

11、当作用在物块B桑的拉力F达到42N时，连接物块A、B之间的轻绳恰好被拉断，求该轻绳能承受的最大拉力；(2)若连接物块A、B之间的轻绳恰好被拉断瞬间A、B的速度均为，轻绳断裂后作用在B物块上的外力不变，求当A运动到最高点时，物块A、B之间的距离。15（12分）一列简谐横波在介质中传播的波形图像如图所示，实线为某时刻t1的波形，虚线为t2=(t1+0.1)s时刻的波形。已知波在该介质中的传播速度为440m/s。求：（1）波的传播方向；（2）平衡位置位于x=4m处的质点，在t1t2时间内通过的路程。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

12、目要求的。1、B【解析】A.从图象可以看出随电流的增大，电压与电流的比值越来越大，即电阻越来越大，故A错误；B.从图象可以看出额定电压时，电流1.5A，可得灯泡的额定功率为：故B正确C.滑动变阻器取最大阻值时，灯泡消耗电功率最小，将电源和阻值看作一个电动势12V，内阻的等效电源，则其提供电压电流满足：即坐标（2，1）满足，是该表达式图象与灯泡伏安特性曲线的交点，即滑动变阻器取最大阻值时，灯泡电压，电流1A，电功率消耗电功率的最小值是：故C错误；D.灯泡L额定电压，此时电流1.5A，则滑动变阻器接入电路的阻值：故D错误。2、A【解析】A设太阳质量为M，根据 则地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离

13、，地球的公转周期小于火星的公转周期，A正确；B根据则地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，地球的公转线速度大于火星公转的线速度，B错误；C根据则地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，地球的公转加速度大于火星公转的加速度，C错误；D根据则地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，地球的公转角速度大于火星公转的角速度，D错误。故选A。3、D【解析】A由题意，物体做匀变速曲线运动，则加速度的大小与方向都不变，所以运动的轨迹是一段抛物线，不是圆弧。故A错误；B由题意，质点运动到B点时速度方向相对A点时的速度方向改变了90，速度沿B点轨迹的切线方向，则知加速度方向垂直于AB的连线向下，合外力也向下，质点做匀

14、变速曲线运动，质点由A到B过程中，合外力先做负功，后做正功，由动能定理可得，物体的动能先减小后增大，故B错误；C物体的加速度方向垂直于AB的连线向下，根据题意可知速度方向改变45，则A点的速度方向与AB连线方向夹角为45，如图所示所以在物体运动过程中的最小速度为，故C错误；D物体在B点速度沿B点轨迹的切线方向，而加速度方向垂直于AB的连线向下，可知B点的加速度与速度的夹角小于90，故D正确。故选D。4、C【解析】A：由位移时间图象可得，碰之前，碰之后；则碰撞前后A的运动方向相反，故A正确、不能选B：由位移时间图象可得，碰之前；根据动量守恒得，代入数据得：，故B正确、不能选C：碰撞前后A速度大小

15、相等，则碰撞过程中A动能不变，故C错误，应选择D：碰前AB速度方向相反，碰后AB速度方向与B碰前速度方向相同，则碰前B动量较大，故D正确、不能选5、C【解析】A如果A带电，则会感应B内部带异种电荷，外部电性与A相同，那么EM0，EN0；故A错误；B如果B带电，由于同种电荷的排斥，电荷只分布在外表面E内=0，即EM0，EN0，B错误；C如果A、B带等量异种电荷，A与B的静电感应使B外表面恰好无电荷量，则EM0，EN=0，故C正确；D如使A球带电，B球接地，是接地屏蔽，EM0，EN=0，D错误。6、D【解析】当此车加速上坡时，整体的加速度沿斜面向上，乘客具有向上的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知

16、乘客处于超重状态，故A错误；对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向上，而静摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向右的分加速度，所以受到向前（水平向右）的摩擦力作用故B错误，D正确；由于乘客加速度沿斜面向上，根据牛顿第二定律得所受力的合力沿斜面向上故C错误故选D点睛：解决本题的关键知道乘客和车具有相同的加速度，通过汽车的加速度得出乘客的加速度以及能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律求解二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由A图的位移

17、-时间图象可知，4s末到达初始位置，总位移为零；由B图的速度-时间图象可知，速度2s内沿正方向运动，2-4s沿负方向运动，方向改变，4s内总位移为零；由C图象可知：物体在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，2s末速度减为0，然后重复前面的过程，是单向直线运动，位移一直增大；由D图象可知：物体在第1s内做匀加速运动，第2-3s内做匀减速运动，2s末速度减为0，第3s内沿负方向运动，不是单向直线运动则其中0-4 s内物体运动位移最大的是C物体，选项AB错误；根据前面的分析，画出两个物体的速度图象如图：v-t图象图线与时间轴围成的面积表示位移，由图可知 在前2s内两个物体的位移大小相等，所以

18、前2s内两个物体不可能相遇；第3s内二者的位移大小是相等的，都是：xt10.5m，此时二者之间的距离：L=L0+（-x）-x=1.75m-0.5m-0.5m=0.75m，3s末二者之间的距离仍然是0.75m，此时二者的速度大小相等，方向相反，所以相遇的时间大于3s设再经过t时间二者相遇，则：L2(vmtat2)，代入数据可得：t=0.5s，所以相遇的时刻在t=3.5s故C错误，D正确，故选D.8、BC【解析】AB. 以为研究对象，原来只受到重力和支持力而处于平衡状态，所以对的作用力与的重力大小相等，方向相反；当将绕点缓慢旋转到虚线所示位置，的上表面不再水平，受力情况如图受到重力和的支持力、摩擦

19、力三个力的作用，其中对的支持力、摩擦力的合力仍然与的重力大小相等，方向相反，则对的作用力保持不变，根据牛顿第三定律可知，对的作用力也不变，A的摩擦力变大，故A错误，B正确；CD. 以整体为研究对象，分析受力情况如图总重力、板的支持力和摩擦力，板对的作用力是支持力和摩擦力的合力；由平衡条件分析可知，板对的作用力大小与总重力大小相等，保持不变，设板与水平地面的夹角为，则有：减小，增大，减小，故C正确，D错误。9、AB【解析】根据，解得，选项A正确根据得，方向向上，选项B正确根据得，方向向下，方向向上，故C错误由C知，方向向下，选项D错误；故选AB10、BD【解析】AB当斜面光滑，斜劈静止释放或者斜

20、劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行时，斜劈和球这个整体具有相同的加速度，方向沿斜面向下。根据牛顿第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下，所以B球受重力、底部的支持力、以及Q对球的弹力，知P点对球无压力，Q点对球有压力，故A错误，B正确；C斜劈A沿斜面匀速下滑，知B球处于平衡状态，受重力和底部的支持力平衡，所以P、Q对球均无压力，故C错误；D若C的斜面粗糙，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，斜劈和球这个整体具有相同的加速度，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律，知B球的合力方向沿斜面向下，所以B球受重力、底部的支持力、以及Q对球的弹力，故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指

21、定的答题处，不要求写出演算过程。11、BD C B BD 【解析】(1)1A两个弹簧秤应尽量和纸面平行，故A错误。B用两个弹簧秤分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧秤的示数，其中F1、F2方向夹角不能太小或太大，适当即可故B正确C. 固定橡皮条的固定点和结点位置不能变动，故C错误。D只用一只弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数，记下细绳的方向故D正确(2)2使用前要检查弹簧测力计的指针是否指到零位置如果没有指在零位置就需要调零调零一般方法是通过移动指针来调零，即调节图示中的部件C(3)3 实验中两次要求效果相同，故实

22、验采用了等效替代的方法所以B正确，ACD错误(4)4F1、F2合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值，而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，由此可知F是F1、F2合力的理论值，F是合力的实验值；该实验的实验目的就是比较F1、F2合力的理论值和实验值是否相等(5)5 A根据平行四边形定则可知夹角太小将会导至合力过大，导致一个弹簧拉时可能超过量程，故夹角不能太小或太大，适当即可故A不符合题意B实验是通过作图得出结果，故在不超出量程的情况下为了减小误差应让拉力尽量大些故B符合题意C为了准确记下拉力的方向，故采用两点描线时两点应尽量距离大一些，故细绳应长些故C符合题意D弹簧秤使用前应先

23、校零，即实验前先检查弹簧测力计的指针是否指零故D符合题意12、ACF A B 2.28 0.9915 2.075 1.00 【解析】(1)1 由单摆周期公式可得，实验需要测量摆长，摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，所以需要毫米刻度尺，实验需要测量周期，则需要秒表，摆线的长度大约1m左右。为减小空气阻力的影响，摆球需要密度较大的摆球，因此摆球应选C，故选用的器材为ACF。(2)2 根据单摆原理可知，单摆只有在摆角很小时,才是简揩振动，所以摆动时偏角最大偏角不超过10，故A正确BC错误。(3)3 由于摆球经过平衡位置时，速度最大，在相同视觉距离误差上，引起的时间误差最小，测量周期比较准确所以为了减

24、小测量周期的误差，应在平衡位置即最低点开始计时，故B正确AC错误。(4)4 单摆摆动稳定且到达计时标记时开始计时并记为n1，单摆每经过标记记一次数，当数到n60时，即经过了个周期，秒表的示数如图甲所示，读数为所以周期为(5)567 刻度尺最小分度值为0.1cm，所以从图乙中可知单摆的摆线长为99.15cm=0.9915m球的直径为单摆的摆长为(6)8 由单摆周期公式可得，四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）坐标为（2L，） （2）xy （3）【解析】（1）设电子的质量为m，电量为e，电子在电场I中做匀加速直线运动，出区域I时的为v0，此后电场II做类平抛运动，假设电子从CD边射出，出射点纵坐标为y