福建漳州2018届高三上学期期末调研测试物理试题解析版

1、福建省漳州市2018届高三上学期期末调研测试物理试题一、选择题本题共9小题，每小题4分，共36分其中第1-6题每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求；第7-9题每题给出的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是A.比结合能小的原子核裂变或聚变成比结合能大的原子核时一定吸收核能B.光电效应和康苦顿效应深人揭示了光的粒子性。前者表明光子具有能量后者表明光子除了具有能量外还具有动量C.某种元素的半衰期为 T,经过2T时间后该元素完全变成了另一种元素D.按照玻尔理论，氢原子核外电子从半轻较小的轨道跃迁到半

2、轻较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量也减小【答案】B【解析】A、比结合能小的原子核结合成比结合能大的原子核时一定吸收核能，故A错误；B、光电效应和康苦顿效应深人揭示了光的粒子性。前者表明光子具有能量后者表明光子除了具有能量外还具有动量，故B正确；3C、某种元素的半衰期为 T,经过2T时间后，为两个半衰期，有 :发生衰变，故C错误；D、按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大，D错误；故选Bo【点睛】光电效应和康苦顿效应深人揭示了光的粒子性；按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能

3、量增大。.如图为保利略研究自由落体运动规律时设计的斜面实验。他让铜球在阻力限小的斜面上从静止滚下，利用滴水计时记录钢球运动的时间。于伽利略的“斜面实验”，下列说法正确的是. A.在倾角较小的斜面上进行实验、可“冲淡”重力的作用，使时间测量更容易B.伽利略通过对自由落体运动的研究，进行合理外推得出铜球在斜面做匀变速运动C.若斜面倾角一定，不同质量的铜球在斜面上运动时速度变化的快慢不同D.若斜面倾角定，铜球沿斜面运动的位移与所用时间成正比【答案】A【解析】A、自由落体运动下落很快，不易计时，伽利略让小球沿阻力很小的斜面滚下，延长了小球的运动时间， 冲淡”了重力的作用，故 A正确；B、伽利略在研究物

4、体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动，故B错误；C、小球沿斜面下滑，做匀加速直线运动，由 mgsin8 = ma可知，加速度a = gsin6,所以斜面倾角一定，加速 TOC o 1-5 h z 度与质量无关，质量不同的小球加速度都相等，运动规律相同，由静止从顶端滚到底端的时间相同，故C错误；一一，_ .，、1 2.D、若斜面倾角一定，加速度 a=gsin6一定，铜球沿斜面运动的位移x = ；t与所用

5、时间平方成正比，故D错误；故选Ao【点睛】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法。.如图，甲、乙两小球离地高度分别为人小、%（瓦 电）两小球以、与的速度水平相向抛出（两小球运动轨迹在同一竖直面内）,两小球在运动中相遇，下面说法正确的是*A. A 一定小于气B.、一定大于viC.甲先抛出D.乙先抛出【答案】C【解析】CD、从不同高度水平抛出甲、乙两个小球，竖直分运动是自由落体运动，两小球在运动中相遇,_12,m 、， 一，、E根据h =由于甲下落的图度大于乙下落的局度，故甲下落的时间大于乙下落的时间，所以甲先抛出，故C正确，D错误；AB、水平抛出甲、乙两个小球，水平方向运动是匀速直线运动，由于不

6、知水平方向位移关系，所以甲乙两球速度无法确定，故 AB错误；故选C。【点睛】关键是明确两个球的运动情况，结合平抛运动的分运动公式列式求解即可。.如图，在个半径为 R的大圆环上套有一个质量为 m的小圆环（忽略大小可着作质点），大圆环烧过圆心的竖直轴做角速度为 3的匀速调周运动，小圆环一直相对于大圆环静止。小圆环与大圆环圆心连线与竖直轴成0 （00 0 90角，则下列关于小圆环所受弹力和摩擦力的说法正确的是A.小圆环可能不受弹力B.小圆环所受得力方向可能指向圆心C.小圆环可能不受摩擦力D.小圆环所受摩擦力与大圆环相切向下【答案】B【解析】小圆环一直相对于大圆环静止，随大圆环一起做匀速调周运动，小圆

7、环受到重力，大圆环对小圆环弹力N,大圆环对小圆环静摩擦力 f,分析受力如图mg在竖直方向上，则有fsinS - NcosB = G ,在水平方向上，则有fcos9-Nsin0 = mtD2r ,解得N = G-cos0-nirsin9, f = G + mo/rcose,由于不知G , ,匚日的大小，故N可能取正值，可能取负值，小圆环所受得弹力方向可能指向圆心，小圆环所受得弹力方向可能背离圆心，大圆环对小圆环静摩擦力一定取正值，小圆环所受摩擦力与大圆环相切向上；故B正确，ACD错误；故选B。【点睛】本题关键是明确弹力与接触面垂直，然后根据共点力平衡条件和牛顿第二定律列式分析。.如图，质量均为

8、m的A、B两个小物体置于倾角为 30。的斜面上，它们相互接触但不粘连。其中 B与斜g.则下列说法正确的是面同动摩擦因数为 从=坦，A为光滑物体，同时由静止释放两个物体，重力加速度为 6A.两个物体在下滑过程中会分开B.两个物体会一起向下运动，加速度为C.两个物体会一起向下运动。加速度为D.两个物体会一起向下运动，它们之间的相互作用力为【解析】对A受力分析,由牛顿第二定律得mAgsiu0-NBA = nAtiA对B受力分析,B 530由牛顿第二定律得 mjj段EB + Nba出nBggs日10日两，且有气工叱一 】3一 _联立解得Nra = 咤85日=3呜，aA = aB = -g,故B正确，A

9、CD错反;288故选B。【点睛】两物体刚好分离的条件是两物体之间作用力为0,日前=且后。.如图，A、B、C三个点电荷分别固定于一个边长为a的正三角形的个顶点，它们所带的电荷量分别为+Q、-2Q、-2Q,在三角形中心 O释放个带+q电荷的试探电荷，为了让该试探电荷静止在O点，需要在空间加上一个平行于三角形所在平面的勺强电场，则3kQA.所加匀强电场方向为由 0指向A,场强大小为9kQB.所加匀强电场方向为由 A指向O,场强大小为 aC.撤去匀强电场，将试探电荷从O点移到BC中点，移动过程中试探电荷的电势能增加D.撤去匀强电场，将试探电荷从 0点移到BC中点，移动过程中电场力对试探电荷做正功 【答

10、案】D【解析】AB、。点是三角形的中心,到三个电荷的加高为= |asin600 = ya,三个电荷在。处产生Q 3kQQ 6kQ9kQ的场强大小区= , EB = Ec =.根据对称性和几何知识得知：合=r方向由A TOC o 1-5 h z raraa指向O所以所加匀强电场方向为由。指向A.场强大小为哼，故AB错误； aCD、撤去匀强电场，将试探电荷从 O点移到BC中点，电势降低，移动过程中电场力对试探电荷做正功，电势能减小；故 D正确，C错误； 故选Do【点睛】电场的叠加问题，关键要掌握点电荷场强公式和平行四边形定则，结合数学知识求解。.如图，理想变压器的原、副线圈的匝数比为2: 1,在原

11、、副线圈的回路中接入的电阻阻值均为R,电压表和电流表均为理想电表，以a、b端接有电压为22城sinlOntV的交流电，开关 S处于断开状态时，设电压表读数为U,原、副线圈回路中电阻 R消耗的功率之比为 k,则1U=88V ,_U=110V , k=4C.当开关闭合时，电流表的示数会成小D.当开关闭合时，电压表的读数会减小【答案】ADb U1%【解析】AB、由-=2,原线圈回路中电阻 R消耗的功率H =除，副线圈回路中电阻 R消耗的功率I U. n.11 pi L 1 一u1 u ,则有k =三=-,副线圈的电流1,= 一，原线圈回路中1=-=一,原线圈回路中电阻 R的电压P，g 4- R 2-

12、 2RU 、一_小、._一、, 、,U Ur=11R =，a、b漏电压有效值为U存= -f = 220v ,由题意可知输入电压有效值为 220 = 2U ,解得口 =器”; TOC o 1-5 h z 2点2故A正确，B错误；U1 r UCD当开关闭合时，负载 RR减小，副线圈的电流12 =-,原线圈回路中L = Ali,原线圈回路中 R2 2RU RU R电阻R的电压Ur = 1R= ；一,由题意可知输入电压有效值为 220 = 2Ut -,解得U ,故C错误，DR2 R正确；故选AD。【点睛】突破口是表示出原线圈中的电流和原线圈回路中的电阻的分压，找出原线圈的电压和原线圈回路中的电阻的分压

13、的数值关系。2017年1月16日，美国激光干涉引力波天文台等机构联合宣布首次发现双中子星合并引力波事件。假设该事件中甲、乙两中子星的质量分别为 皿1、m2,它们绕其连线上的某点做圆周运动，且它们的间距在缓慢减小，不考虑其他星系的影响，则下列说法中正确的A.甲、乙两中子星的角速度大小之比为网1：血2B.甲乙两中子星的线速度大小之比为m2： m1C.甲乙两中子星的运行周期在减小D.甲、乙两中子星的向心加速度大小始终相等【答案】BC【解析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，周期相等，角速度相等，所以周期比1，故A错误;,口 叫巾之 ，况， 叫2兀、,4冗1? 一一 g , , 一E根据= 111(-

14、)-,=联立解得T= 由它们的间距在缓慢减小，则有甲L-丁 L- 一 一 丁叫十叱)4五叫+ 111L-乙两中子星的运行周期在减小，故C正确；由a =一L可知a = 、，由它们的间距在缓慢减小，甲、乙两中子星的向心加速度大小增大，故D错误；可知m甬=1113”，则半径1:也=也之:卬,根据v=r w得%m = T； = m之：卬1,故 B正确；故选BC。【点睛】解决问题时要把握好问题的切入点.如双星问题中两卫星的向心力相同，角速度相等。9.如图，在水平面上有半径为r的圆形边界磁场，磁场垂直于水平面，磁感应强度大小为B.在磁场边界上某点（未面出）有大量同种带电粒子（不计重力及粒子间的相互作用）以

15、相同速度。在水平面上沿各方向射入磁场，已知在磁场中运动时间最长的粒子的运动时间为其在磁场中圆周运动周期的-,下面说法正确的是A.在磁场中运动时间最长的粒子离开磁场的速度方向与入射速度方向的夹角为0 =一3B.粒子的比荷为旦= m 2BrC.粒子在磁场中的轨道半径为r4兀rD.粒子在磁场中圆周运动的周期为 T=【答案】BD【解析】A、粒子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，在磁场中运动时间最长，对应的弦长最长，故弦长等于2r,在磁场中运动时间最长的粒子的运动时间为其在磁场中圆周运动周期的由几何关系可得在磁场6中运动时间最长的粒子离开磁场的圆心角为，故A错误；q vo JBC、由几何关系可R = 2

16、i,由=可得粒子的比荷为 -=，故B正确，C错误；叱 Rm ER 2Br2jcR 4thD、粒子在磁场中圆周运动的周期为 T = 二:，故d正确；VO VQ故选BD。【点睛】粒子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，在磁场中运动时间最长，对应的弦长最长，在磁场中、一 1 ,，、一 运动时间最长的粒子的运动时间为其在磁场中圆周运动周期的-,由几何关系可得在磁场中运动时间最长6兀的粒子离开磁场的圆心角为、实验题：本题共2小题，共14分10.用如图的装置测量滑块与斜面间的动摩擦因数科，每次滑块从斜面上由静止开始下滑，多次实验，测出滑块开始下滑时挡光板沿斜面到光电门所在位置的距离L及相应挡光时间t的值。(

17、1)为测出滑块与斜面间的动摩擦因数科，本实验需要测出或知道的物理量是 (填下列序号)，A.滑块与挡光板的总质量mB.斜面的预角0C.挡光板的宽度dD.当地的重力加速度 g(2)实验中测出了多组 L及t的值，若要通过线性图象处理数据求，值则应作出的图象为 。A.J-L图象 B.一图象C!?-1图象D.I?-1国象 TOC o 1-5 h z 1Lt在第(2)同作出的线性图象中，若直线斜率为k。则关于 科值的表达式为 科=.用第(1)问中选用的相关物理量的符号表示【答案】(1). BCD (2). B (3).：2kgcos9【解析】(1)设斜面的倾角为0 ,释放滑块时遮光条到光电门间的距离X,滑

18、块经过光电门时的速度为V,物体在斜面上受到重力.支持力和摩擦力的作用，沿斜面的方向：mgsne-pimgcosB =rrm ,由导出公式2aL = V, rd由于遮光片经过光电门的时间比较小，所以可以用遮光片经过光电门的平均速度表不瞬时速度，即=-,1d之联立解得R =日一一;,从公式中可以看出，摩擦因数与斜面的倾角 0、遮光片的宽度d、重力加速度g、遮光条宽度d、遮光时间t以及释放滑块时遮光条到光电门间的距离L有关，所以还需要测量的物理量为：斜面的倾角 0和释放滑块时遮光条到光电门间的距离X、当地的重力加速度 g,故选项BCD正确；(2)实验中测出了多组 L及t的值，则有L应作出的图象为t

19、:图象2g(sin0|icos0) LlcP/(3)直线斜率为k = ,解得口 = tanG- 2g(sin6-pcosG)2kgecis。11.某同学用伏安法测定一节干电池的电动势和内阻，除电池开关和导线外，可供使用的实验器材还有：a.电流表(量程00.6A.内里约0.5 Q)b.电压表量程03V.内阳很大视为理想表)c.定值电阻(阻值1 Q、额定电流2A) d.定值电阻阻值100、额定电流2A)e.滑动变阳器(阻值范围010 0、额定电流2A)f.滑动变阳器(阻值范围010000、额定电流2A)保护电路，防止在调节滑动变阻器时该同学按如图甲电路连按器材开始实验，电路中串联一个定值电阻造成短

20、路，关于该实验回等下列问题：(1)滑动变阻器应选择 (填“e”或f”).(2)定值电用应选 (填“c”或d” ).(3)在实验时该同学发现调节变阻器过程中电压表的变化不明显，经思考该同学仍用原有的实验器材，只是 对电路连接做了一点合理改动，使得再次调节变阻器时电压表变化比原来明显，在图乙中画出改动后的电 路图。(4)根据改动后的实验记录，画出的U-I图线如图丙所示，可求出待测电池的电动势为 V,内电阻Q。(结果均保留到小数点后2位)【答案】 (1). e (2). c (3).(4). 1.50(5). 0.50【解析】(1) 一节干电池的电动势约为 1.5V,应用伏安法测一节干电池电动势与内

21、阻时，内阻约为几欧，为方便实验操作，滑动变阻器应选e；E L5(2)定值电阻的作用是保护电路，R + r LRA= = 下 = Z5C,解得定值电阻大约1口,所以定值电阻应选 Co1 U.DE(R + Rq)(3)如图甲，电压表示数、由十%1当R +在实验时该同学发现调节变阻器过程中电压 表的变化不明显，经思考该同学仍用原有的实验器材，只是对电路连接做了一点合理改动，使得再次调节E(R +变阻器时电压表示数U =变化比原来明显，改动后的电路图为(4)根据改动后的实验记录，画出的U-I图线如图丙所示，则有 U = E-I(r-R0),可求出待测电池的电动势为不，C .1-50-0,60 .,E

22、= b=L50%,内电阻 r = k-Ro =Ro 10 = 0.5g0 AI 00.6三、计算题本题共3小题，共37分。计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的 要注明单位.如图，甲、乙两同学在某游乐场同一平直的滑冰道游戏，开始时乙在前面的小旗处，甲在后面与小旗相距L=10m处.甲自静止开始以 %=5m/J加速度向乙加速滑来，当他滑到小旗处即改做匀速运动；乙同学看到甲同学运动后，在经历了反应时间M=0.5s后，随即开始以 %=可加1的加速度向右做匀加速运动，两人在运动过程中可视为质点。不考虑冰道的摩擦，问甲、乙两同学在运动过程中是否相撞若不相撞？求他们在运动过程中距离的最小值。【答案

23、】不相撞,2.5m【解析】【分析】甲先做匀速运动时由运动规律求出速度，当他滑到小旗处做匀速运动，乙经历了反应时间h=0.5s后做匀加速运动，当他们速度相同，在运动过程中距离的最小 。 TOC o 1-5 h z 解：甲做匀速运动时的速度为.-甲从开始运动到小旗处所用时间为.-设甲经过小旗后再运动时间 k,乙同学的速度与甲相同。此时他们的距离最近，有4=a2(ll 1k一珀, 一、，口、-、，1 ，甲、乙两同学的取近距离为：.-:二!_,.一解得：A x=2.5m故不相撞.再根足够长的平行金属导轨制成如图形状且固定在倾角相同的两个斜面上，倾角0 =30 ,导轨电阻不计，间距L=0.4m.左斜面中

24、的匀强磁场方向垂直左斜面向上、磁感应强度大小 岛=1T,右斜面中的匀强磁场方向垂直右斜面向上，磁感应强度大小为E|=0.5T.在右斜面中，将质量叫=0.1kg,电阻/=0.10的金属棒ab 放在导轨上，开始时通过施加外力使 ab静止。然后，在左斜面中将质量 ni2=0.4kg,电阻&=0.1 的光滑导 体棒cd置于导轨上，使其由静止开始下滑，cd在滑动过程中始终处于左斜面的磁场中 .ab、cd始终与导轨垂 直且两端与导轨保持良好接触，取 g=10m/s2。求：(1)cd在下滑过程中能够达到的最大速度是多少；(2)若在cd棒达到最大速度时，使 ab棒仍然静止，且施加的外力F方向垂直斜面向下，ab

25、棒与导轨间的动摩擦因数目 =乌求外力F的最小值。【答案】(1)2.5m/s(2) N 2【解析】【分析】cd在下滑过程中能够达到的最大速度，做匀速直线运动，cd所受合力为零；施加的外力 F方向垂直斜面向下，使ab棒仍然静止，则有合力依然为零，由平衡条件求出外力F的最小值。解：(1)达到最大速度时 cd所受合力为零，则有FtJ = m2gsiii)安培力 |：B2LvR十R工联立解得，_ (2)若要ab棒仍然静止，合力依然为零，则有 F51b =四比+ F = Fnm酰周二Fm一n联立解的：N2.如图所示，在光滑水平地面上有一质量为2m的长木板B,长木板B的右端距离为%处放有固定的竖直挡板，其最左喘放有一质量为m的重物A(可视为质点).开始时，长木板B和重物A都静止，现在给重物一初速度%,使重物A