甘肃庆阳会宁一中2017届高三上第二次月考物理试卷10月份解析版

1、2016-2017学年甘肃省庆阳市会宁一中高三（上）第二次月考物理试卷（10月份）一、选择题：（本题共8个小题，每小题 6分.在每小题给出的四个选项中，第 15题只 有一项符合题目要求，第 68题有多项符合题目要求.全部选对的得 6分，选对但不全的 得3分，有选错的得0分）1.关于力、运动状态及惯性的说法，下列说法正确的是（）A.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因B. 一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明，静止状态才是物体长 时间不受力时的自然状态”C.伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去D.车速越大，刹

2、车后滑行的路程越长，所以惯性越大2.关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A .做曲线运动的物体一定具有加速度B.物体在恒力的作用下，不可能做曲线运动C.做曲线运动的物体平均速度不可能等于零，平均速率也不可能等于零D.雨滴由高层建筑的屋檐边自由下落，遇到水平方向吹来的风时，雨滴下落的时间变长.某同学站在电梯地板上，利用速度传感器和计算机研究一观光电梯升降过程中的情况， 如图所示的v-t图象是计算机显示的观光电梯在某一段时间内的速度变化情况（向上为正方向）.根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是（）, B-1)05 s内，观光电梯在加速上升，该同学处于失重状态510 s内，该同学对电梯地板

3、的压力等于他所受的重力1020 s内，观光电梯在加速下降，该同学处于失重状态2025 s内，观光电梯在加速下降，该同学处于失重状态.如图所示，木块 A的质量为m,木块B的质量为M,叠放在光滑的水平面上， A、B之 间的滑动摩擦因数为 巴若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现用水平力F作用于A,则保持A、B相对静止的条件是 F不超过（）A. 师g B. pMg C. 师g (1+百)D. pmg (1+-) Im.如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平.A球、C球与B球分别用两根轻质细线连接，当系统保持静止时，B球对碗壁刚好无压力，图中 =30。，则A球、C球的

4、质量之比为（）A. 1: 2 B, 2: 1 C. 1:无 D.无：16. a、b两车在两条平行的直车道上同方向行驶，它们的v-t图象如图所示.在t=0时亥ij,两车间距离为d； t=5s的时刻它们第一次相遇.关于两车之间的关系，下列说法正确的是（ ）0 5 10 15 20 25 以t=0时刻，两车间距离 d为25mt=15 s的时刻两车第二次相遇C.在5 s15 s时间内，先是a车在前，而后是 b车在前D.在10 s15 s时间内，两车间距离逐渐变小.如图所示，三个质量均为 m的物块a、b、c,用两个轻弹簧和一根轻绳相连，挂在天花 板上，处于静止状态.现将 b、c之间的轻绳剪断，下列说法正

5、确的是（）A.在刚剪断轻绳的瞬间， b的加速度大小为g.在刚剪断轻绳的瞬间，c的加速度大小为 2gC.剪断轻绳后，a、b下落过程中，两者一直保持相对静止D.剪断轻绳后，a、b下落过程中加速度相等的瞬间，两者之间的轻弹簧一定处于原长状态.如图所示，已知 Mm,不计滑轮及绳子的质量，物体 M和m恰好做匀速运动，若将M与m互换，M、m与桌面的动摩因数相同，则（）a=(M+n) gA .物体M与m仍做匀速运动B.物体M与m做加速运动，加速度C.物体M与m做加速运动，加速度 a=D.绳子中张力不变三、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第9题-第12题为必考题，每个试题考生都必须作答.第13题-第18题

6、为选考题，考生根据要求作答.(一)必考题(共 129分).如图甲，在研究弹力和弹簧伸长的关系时，把弹簧上端固定在横梁上，下端悬吊不同重力的祛码，用刻度尺测量弹簧的长度，把弹簧的伸长x和弹簧受力F的关系在F-*坐标系中描点如图乙所示.(1)从坐标系中的实验数据可知，该弹簧的劲度系数是 (精确到2位有效数字).(2)关于实验注意事项，以下哪项是没有必要的？(填入字母序号) A.悬吊祛码后，在祛码静止后再读数B.尽量减小弹簧和横梁之间的摩擦C.弹簧的受力不超过它的弹性限度.10.用如图1所示的装置 探究加速度与力和质量的关系 ”，带滑轮的长木板水平固定，跨过 小车上定滑轮的两根细线均处于水平.(1)

7、实验时，一定要进行的操作是 .(填步骤序号)A .小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器 的示数Fo；B.改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C.用天平测出砂和砂桶的质量D.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量(2)以拉力传感器示数的二倍 F (F=2Fo)为横坐标，以加速度 a为纵坐标，画出的 a- F 图象如图2所示，则可能正确的是(3)在实验中，得到一条如图3所示的纸带，按时间顺序取0、1、2、5共6个计数点，15每相邻两个点间各有四个打印点未画出，用刻度尺测出1、2、5各点到O点的距离分别为：10.92、18.22、23.96、2

8、8.30、31.10 (cm),通过电磁打点计时器的交流电频率为 250Hz.则：小车的加速度大小为 m/s ,(结果保留一位小数)11 .如图所示，倾角为。=37。的斜面长l=1.9m,在斜面底端正上方的 O点将一小球以速度V0=3m/s的速度水平抛出，与此同时静止释放在顶端的滑块，经过一段时间后小球恰好能够 以垂直斜面的方向击中滑块.(小球和滑块均视为质点，取g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8).求：(1)小球从O到P的时间t;(2)抛出点O离斜面底端的高度 h；(3)滑块与斜面间的动摩擦因素12.如图所示，长为l的长木板A放在动摩擦因数为 四 1的水平地面上，一滑块

9、 B (大小可 不计)从A的左侧以初速度 V0向右滑上木板，滑块与木板间的动摩擦因数为吃(A与水平地面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相同).已知A的质量为M=2.0kg , B的质量为2、m=3.0kg , A 的长度为 l=3.0m , 8=0.2, =0.4, (g 取 10m/s)(1) A、B刚开始运动时各自的加速度分别是多大？(2)为保证B在滑动过程中不滑出 A,初速度V0应满足什么条件？(3)分别求A、B对地的最大位移.8 A H 二一 . 1(二)选考题，任选一模块作答【物理-选彳3-3】13.下列说法正确的是()A.单晶体冰糖磨碎后熔点不会发生变化B.足球充足气后很难压缩，是

10、因为足球内气体分子间斥力作用的结果C. 一定质量的理想气体经过等容过程，吸收热量，其内能一定增加D .自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的E. 一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内分子数不变，虽然温度升高，单位时间 内撞击单位面积上的分子数不变14.某同学用一端封闭的U形管，研究一定质量封闭气体的压强，如图所示，U形管竖直放置，当封闭气柱长为 L0时，两侧水银面的高度差为h,大气压强为P0.求封闭气体的压强(用 cmHg作单位)； 若L0=20cm , h=8.7cm ,该同学用与 U形管口径相同的量筒往 U形管内继续缓慢注入水 银，当再注入13.3cm长水银柱时，

11、右侧水银面恰好与管口相平齐.设环境温度不变，求大 气压强是多少cmHg ?【物理-选彳3-4】15.一列间歇横波在t=0时的波形图如图所示.介质中x=2m处的质点P沿y轴方向做简谐运动的表达式为 y=10sin5疝（cm）.下列说法正确的是（）* x/mA.该波的振幅为20cmB.该波的周期为4sC.该波的传播方向沿 x轴正方向D.该波的传播速度为 10m/sE. 1s内，质点P经过的路程为1m16.国内最长的梅溪湖激光音乐喷泉，采用了世界一流的喷泉、灯光和音响设备，呈现出让人震撼的光与水的万千变化，喷泉的水池中某一彩灯发出的一条光线射到水面的入射角i=30,从水面上射出时的折射角r=60,已

12、知光在真空中的传播速度为c.求：该光在水面上发生全反射的临界角的正弦值； 该光在水中的传播速度.【物理-选彳3-5】17.关于放射现象，下列说法正确的是（A.只有原子序数大于 83的元素才具有放射性B.放射性元素的半衰期是针对大量原子核的统计规律C. “射线是由氯原子核衰变产生的D.在3衰变中，反应前后原子核的质量数保持不变E.在原子核发生 a衰变或3衰变时，常常伴随有 丫射线产生A以某 当两个18.如图所示，小球 B与一轻质弹簧相连，并静止在足够长的光滑水平面上，小球一速度与轻质弹簧正碰.小球 A与弹簧分开后，小球 B的速度为v.碰撞过程中, 小球与弹簧组成的系统动能最小时，小球B的速度多大

13、？2016-2017学年甘肃省庆阳市会宁一中高三（上）第二次 月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题：（本题共8个小题，每小题 6分.在每小题给出的四个选项中，第 15题只 有一项符合题目要求，第 68题有多项符合题目要求.全部选对的得 6分，选对但不全的 得3分，有选错的得0分）1.关于力、运动状态及惯性的说法，下列说法正确的是（）A.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因B. 一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明，静止状态才是物体长 时间不受力时的自然状态”C .伽利略根据理想实验推论出， 如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度， 将保持这个速度

14、继续运动下去D.车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大【考点】 惯性；物理学史.【分析】伽利略的理想斜面实验能够说明物体具有惯性，伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因.笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，惯性只与质量有关.【解答】解：A、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，不是牛顿.故 A错误.B、一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，是因为物体受到了地面的摩擦力，如果不受力，物体会永远的运动下去.故B错误.C、伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度， 将保持这个速度继续运动下去.故C正确.D、惯性只与质量有关，与速度无关.故 D

15、错误.故选：C2.关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A .做曲线运动的物体一定具有加速度B.物体在恒力的作用下，不可能做曲线运动C.做曲线运动的物体平均速度不可能等于零，平均速率也不可能等于零D.雨滴由高层建筑的屋檐边自由下落，遇到水平方向吹来的风时，雨滴下落的时间变长 【考点】曲线运动.【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同【解答】解：A、体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，有合外力就一定有加速度，所以A正确；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，比如平抛运动，受到的就是恒力-重力

16、的作用，故B错误；C、做曲线运动的物体平均速度可以为零，如做圆周运动一周的过程中，平均速度为零，但平均速率不为零，所以 C错误；D、根据运动的独立性，雨滴在竖直方向上做自由落体运动，下落时间由高度决定，与风速大小无关，所以D错误；故选：A3.某同学站在电梯地板上，利用速度传感器和计算机研究一观光电梯升降过程中的情况， 如图所示的v-t图象是计算机显示的观光电梯在某一段时间内的速度变化情况（向上为正 方向）.根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是（）510 s内，该同学对电梯地板的压力等于他所受的重力1020 s内，观光电梯在加速下降，该同学处于失重状态2025 s内，观光电梯在加速下降

17、，该同学处于失重状态【考点】匀变速直线运动的图像；牛顿运动定律的应用-超重和失重.【分析】在速度-时间图象中， 直线的斜率表示加速度，根据图象求出电梯的加速度，当人有向上的加速度时，此时人就处于超重状态，当人有向下的加速度时，此时人就处于失重状 态.【解答】 解：A、在05s内，从速度-时间图象可知，此时的加速度为正，说明电梯的加 速度向上，此时人处于超重状态，故 A错误；B、510 s内，该同学做匀速运动，故其对电梯地板的压力等于他所受的重力，故 B正确.C、在1020s内，电梯向上做匀减速运动，加速度向下，处于失重状态，故 C错误；D、在2025s内，电梯向下做匀加速运动，加速度向下，故处

18、于失重状态度，故 D正确； 故选：BD.如图所示，木块 A的质量为m,木块B的质量为M,叠放在光滑的水平面上， A、B之 间的滑动摩擦因数为 巴若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现用水平力F TOC o 1-5 h z 作用于A,则保持A、B相对静止的条件是 F不超过（）IDA.师gB.pMgC.即g（1+*）D.pmg（1+一）JIm【考点】牛顿第二定律；静摩擦力和最大静摩擦力.【分析】当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力.根据牛顿第二定律求出F的最大值.【解答】 解：对A、B整体进行受力分析：F= （M+m） a对A进行受力分析：

19、F- fB=ma对B进行受力分析：fA=Ma当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值，fA=pmg,求解上面方程组，F最大=刈9 （1+弓）故C正确.A、B、D错误.A球、C球与.如图所示，内壁及碗口光滑的半球形碗固定在水平面上，碗口保持水平.B球分别用两根轻质细线连接，当系统保持静止时,B球对碗壁刚好无压力，图中 =30,则A球、C球的质量之比为（【解答】解：设A球、C球的质量分别对A、C两球平衡得Ti=mAg, T2=mcg.以B球为研究对象，分析受力情况：重力Ti=T2tan 0mA、mC.由几何知识得知，两细线相互垂直.G、两细线的拉力 、T2.由平衡条件得花：1【考点】共点力

20、平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.【分析】以B球为研究对象，分析受力情况，B球受到两细线的拉力分别与 A、C两球的重力大小相等，根据平衡条件求解A球、C球的质量之比.得）=tan 0=T2 V3则得、J6. a、b两车在两条平行的直车道上同方向行驶，它们的 v-t图象如图所示.在t=0时亥ij, 两车间距离为d; t=5s的时刻它们第一次相遇.关于两车之间的关系，下列说法正确的是（ ）0 5 10 15 20 25 以A , t=0时刻，两车间距离 d为25mt=15 s的时刻两车第二次相遇C.在5 s15 s时间内，先是a车在前，而后是 b车在前D.在10 s15 s时间内，两车间距

21、离逐渐变小【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系.【分析】由图象可知a做匀减速运动，b做匀加速运动，t=5s的时刻相遇说明在同一时刻两车在同一位置.根据图象与坐标轴围成的面积表示运动的位移，分析ab两车各个时刻的位置情况即可求解.b做匀加速运动；由题意知，t=5s时两物体【解答】 解：A、由图可知，a做匀减速运动,相遇，则t=0时刻，两车间距离 d等于两车在故A错误.B、根据图象与坐标轴围成的面积表示运动的位移, s的时刻两车第二次相遇，故 B正确.5s 内位移之差，贝U d=5+2* 5 乂 5m=18.75m ,2知5 - 15s内两车的位移相等， 所以t=15C、

22、t=5s的时刻它们第一次相遇， 5-10s内a车速度大于b车速度，故a在前.10-15s时 间内，b的速度大于a的速度，但由于开始时落在了 a的后面，故还将在 a的后面，t=15s 时b追上了 a故15s时两物体再次相遇； 故C错误；D、t=5s时刻两车第一次相遇，在1015s的时间内，b的速度大于a的速度，两车间距逐渐变小.故D正确.故选：BD.如图所示，三个质量均为 m的物块a、b、c,用两个轻弹簧和一根轻绳相连，挂在天花 板上，处于静止状态.现将 b、c之间的轻绳剪断，下列说法正确的是（）A .在刚剪断轻绳的瞬间，b的加速度大小为g.在刚剪断轻绳的瞬间，c的加速度大小为 2gC.剪断轻绳

23、后，a、b下落过程中，两者一直保持相对静止D.剪断轻绳后，a、b下落过程中加速度相等的瞬间，两者之间的轻弹簧一定处于原长状态【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力.【分析】根据剪断细绳的瞬间，绳的弹力立即消失，而这一瞬间弹簧的形变量没有发生变化 而弹簧弹力不变，进而根据牛顿第二定律分析加速度情况；根据受力情况分析 a和b的运动情况.【解答】解：AB、剪断弹簧的瞬间，绳的弹力立即消失，而弹簧弹力瞬间不变； 对b根据牛顿第二定律可得：mab=2mg ,解得ab=2g,方向向下；c上面的弹簧在绳子剪断前的弹力等于总重，即3mg,剪断细线后对c根据牛顿第二定律可得：3mg - mg=mac,解得ac=

24、2g ,方向向上；所以 A错误、B正确；C、剪断轻绳后，a、b下落过程中，二者在开始的一段时间内加速度不同，所以两者不会保 持相对静止，C错误；D、剪断轻绳后，a、b下落过程中加速度相等的瞬间，两者之间的轻弹簧一定处于原长状态，此时二者的加速度都为 g, D正确； 故选：BD.8.如图所示，已知 Mm,不计滑轮及绳子的质量，物体 M和m恰好做匀速运动，若将M与m互换，M、m与桌面的动摩因数相同，则（）A .物体M与m仍做匀速运动B .物体M与m做加速运动，加速度 a=HC.物体 M与m做加速运动，加速度 a= JD.绳子中张力不变【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力.【分析】分别对M进行受力

25、分析：当M向左匀速运动时，在水平方向，甲受绳的拉力和向右的摩擦力作用，这两个力满足二 力平衡条件，是一对平衡力；当m向左加速运动时，m在水平方向受 M左的拉力，及向右的摩擦力，从而根据牛顿第二 定律的公式计算出加速度和拉力的大小.【解答】解：ABC、当物体M和m恰好做匀速运动，对 M,水平方向受到绳子的拉力和地 面的摩擦力，得：（Mg=T=mg ;所以： /M若将M与m互换，则对 M : Ma=Mg - T对 m,则：ma=T pmgaJLm” 故ab错误、C正确；MD、绳子中的拉力：T=二加一坨）1川.二mg,所以绳子中张力不变.故 D正确.故选：CD.三、非选择题：包括必考题和选考题两部分

26、.第9题-第12题为必考题，每个试题考生都必须作答.第13题-第18题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共 129分）.如图甲，在研究弹力和弹簧伸长的关系时，把弹簧上端固定在横梁上，下端悬吊不同重力的祛码，用刻度尺测量弹簧的长度，把弹簧的伸长x和弹簧受力F的关系在F-*坐标系中描点如图乙所示.(1)从坐标系中的实验数据可知，该弹簧的劲度系数是1.2x 102N/m或1.3X 102N/m(精确到2位有效数字).(2)关于实验注意事项，以下哪项是没有必要的？(填入字母序号)BA.悬吊祛码后，在祛码静止后再读数B.尽量减小弹簧和横梁之间的摩擦C.弹簧的受力不超过它的弹性限度.【考点】探究弹

27、力和弹簧伸长的关系.【分析】(1)在F-*图象中，图象的斜率大小与弹簧的劲度系数相等，由此可求出该弹 簧的劲度系数；(2)实验的注意事项要根据实验原理进行，要有利于减小实验误差，要便于实验操作.【解答】解：(1)在F-*图象中，图象的斜率大小等于弹簧的劲度系数，根据题意图象该图象斜率为2X1 02N/n,故弹簧的劲度系数为：k=1.2x 102N/m或1.3x 102N/m.故答案为：1.2x 102N/m 或 1.3X102 N/m.(2)实验的注意事项要有利于减小实验误差，要便于实验操作.A、弹簧悬吊祛码后，当祛码静止后，处于平衡状态，这时读数才是准确的，故A有必要，正确；B、弹簧和横梁之

28、间的摩擦大小不影响弹簧读数，对于该实验没有影响， 故B选项没有必要，错误；C、当弹簧受力超过它的弹性限度时，胡可定律不再成立，造成大的实验误差，故C选项必要，正确. 本题选择不必要的操作，故选：B.用如图1所示的装置 探究加速度与力和质量的关系 ”，带滑轮的长木板水平固定，跨过 小车上定滑轮的两根细线均处于水平.(1)实验时，一定要进行的操作是AB .(填步骤序号)A .小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器 的示数Fo；B.改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C.用天平测出砂和砂桶的质量D.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量(2)以拉

29、力传感器示数的二倍 F (F=2Fo)为横坐标，以加速度 a为纵坐标，画出的 a- F 图象如图2所示，则可能正确的是C .主L累3(3)在实验中，得到一条如图 3所示的纸带，按时间顺序取 0、1、2、5共6个计数点, 15每相邻两个点间各有四个打印点未画出，用刻度尺测出1、2、5各点到O点的距离分别为：10.92、18.22、23.96、28.30、31.10 (cm),通过电磁打点计时器的交流电频率为 50Hz.则：小车的加速度大小为1.5 m/s2,(结果保留一位小数)【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系.【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及

30、注意事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对a- F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数.根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度.【解答】解：(1) A、打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故 A正确；B、改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故B正确；C、本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶(包括砂)的质量远小于车的总质量，故故选：AB ；(2)小车质量不变时，加速度与拉力成正比, 置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出

31、的CD错误.所以a-F图象是一条倾斜的直线，由实验装 a-F图象在F轴上有截距，故 C正确.故选:C；(3)根据 x=aT2,运用逐差法得，a/运 二4T之-1.5m/s2,则小车的加速度大小为 3110 - U. 2396) -(0. 2396 - 0. 1092： qxn. i:.21.5m/s .故答案为：(1) AB ; (2) C; (3) 1.5.如图所示，倾角为。=37。的斜面长l=1.9m,在斜面底端正上方的 O点将一小球以速度v0=3m/s的速度水平抛出，与此同时静止释放在顶端的滑块，经过一段时间后小球恰好能够 以垂直斜面的方向击中滑块.(小球和滑块均视为质点， 取g=10m

32、/s2,sin37=0.6,cos37=0.8).求：(1)小球从O到P的时间t;(2)抛出点O离斜面底端的高度 h；(3)滑块与斜面间的动摩擦因素SI【考点】平抛运动；牛顿第二定律.【分析】(1)抓住小球垂直击中斜面，根据平行四边形定则求出竖直分速度，从而求出运动 的时间，(2)根据小球的竖直位移和水平位移，结合几何关系求出抛出点到斜面底端的距离.(3)根据牛顿第二定律，结合位移公式，抓住时间相等求出滑块与斜面间的动摩擦因数.【解答】 解：(1)将小球在P点的速度分解：vyv0 3 TOC o 1-5 h z 代入数据：-=v %y y解得：-t.-根据得.一g 10(2)平抛运动的水平位移

33、 x=v0t=3XCJ. 4=1.2n竖直位移，.,.乙根据几何关系,二.得二 二一二,: 一一 抛出点O离斜面底端的高度 h=y+y=0.8+0.9=1.7m(3)根据几何关系 op=一51r cos y 0. 8滑块匀加速运动的位移x=l - OP=1.9 - 1.5=0.4m根据位移公式得 小2代入数据：对滑块，根据牛顿第二定律有mgsin 0-师gcos 9=ma解得：a=gsin 0-闻cos。代入数据解得：打0.125答：(1)小球从O到P的时间t为0.4s；(2)抛出点O离斜面底端的高度 h为1.7m；(3)滑块与斜面间的动摩擦因素科为0.125.如图所示，长为l的长木板A放在动

34、摩擦因数为因的水平地面上，一滑块 B (大小可不计)从A的左侧以初速度 V0向右滑上木板，滑块与木板间的动摩擦因数为应(A与水平地面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相同).已知A的质量为M=2.0kg , B的质量为2、m=3.0kg , A 的长度为 l=3.0m , (11=0.2, 口=0.4, (g 取 10m/s)(1) A、B刚开始运动时各自的加速度分别是多大？(2)为保证B在滑动过程中不滑出 A,初速度V0应满足什么条件？(3)分别求A、B对地的最大位移.【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；滑动摩擦力.【分析】(1)分别对A、B进行受力分析，根据牛顿第二定律即

35、可求解各自加速度；(2)当AB速度相等时，恰好到木板末端，此时不滑出A物体，就不会滑出，根据速度时间公式及位移时间公式，抓住位移关系列式即可求解；(3) AB速度达到相等后，相对静止一起以v=1m/s的初速度，a= Eg=2m/s2的加速度一起匀减速运动直到静止，求出一起运动的位移，再分别求出速度相等前各自运动的位移即可求 解.【解答】解：(1)分别对A、B进行受力分析，= 4m/s 2 in根据牛顿第二定律：B物体的加速度：_ _f%mA物体的加速度：a二仁 b Mft ?mg - U ； (M+m) g-=lm/s(2)当AB速度相等时，恰好到木板末端，此时不滑出A物体，就不会滑出，设经过

36、时间t, AB的速度相等则有：v0 aBt=aAt根据位移关系得：. - =L带入数据解得：t=1s, V0=5m/s所以初速度应小于等于 5m/s(3) AB速度达到相等后，相对静止一起以v=1m/s的初速度，a= W2g=2m/s2的加速度一起匀减速运动直到静止，发生的位移：2s=-=0.25m2a之前A发生的位移为sa=t z=0.5m1尸B 发生的位移 gB = vot aBtz=3m所以A发生的位移为sA+s=o.5m+0.25m=0.75mB 发生的位移为 sB+s=3.0m+0.25m=3.25m答：(1) A、B刚开始运动时各自的加速度分别是4m/s2和1m/s2；(2)为保证

37、B在滑动过程中不滑出 A,初速度V0应满足小于等于5m/s；(3) A、B对地的最大位移分别为0.75m和3.25m.(二)选考题，任选一模块作答【物理 -选彳3-3】13.下列说法正确的是()A.单晶体冰糖磨碎后熔点不会发生变化B.足球充足气后很难压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果C. 一定质量的理想气体经过等容过程，吸收热量，其内能一定增加D.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的E. 一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内分子数不变，虽然温度升高，单位时间 内撞击单位面积上的分子数不变【考点】热力学第一定律；*晶体和非晶体；封闭气体压强.【分析】晶体有固定

38、的熔点， 非晶体没有固定的熔点； 足球充足气后很难压缩是由于足球内 外的压强差的原因；根据热力学第一定律解释其内能的变化；自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的；体积不变，单位体积内分子数不变，温度升高，单位时间内撞击单位面积上的分子数增大.【解答】解：A.单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，故 A错误.B、足球充足气后很难压缩是由于足球内外的压强差的原因，与气体的分子之间的作用力无 关.故B错误.C. 一定质量的理想气体经过等容过程，吸收热量，没有对外做功，根据热力学第一定律可 知，其内能一定增加，故 C正确.D.根据热力学第二定律可知，自然发生的热传递过程

39、是向着分子热运动无序性增大的方向 进行的，故D正确；E、一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内分子数不变，温度升高，分子的平均动 能增大，则平均速率增大，单位时间内撞击单位面积上的分子数增大.故选：ACD.某同学用一端封闭的 U形管，研究一定质量封闭气体的压强，如图所示，U形管竖直放置，当封闭气柱长为L0时，两侧水银面的高度差为h,大气压强为P0.求封闭气体的压强(用 cmHg作单位)； 若L0=20cm , h=8.7cm ,该同学用与 U形管口径相同的量筒往 U形管内继续缓慢注入水 银，当再注入13.3cm长水银柱时，右侧水银面恰好与管口相平齐.设环境温度不变，求大 气压强是多少cmH

40、g ?【考点】气体的等温变化.【分析】 以密封气体为研究对象，密封气体的压强等于高度差与大气压强的和；密封气体做等温变化，求出密封气体的长度然后由波意尔定律即可求得.【解答】 解： 封闭气体的压强为：p=Po+ pgh解得：P= (P0+h) cmHg此时封闭气柱长为：L 1=L 0_ ( h+A L - L0) =18cm 由波意尔定律有：(P0+h) L0= (P0+L1) L1解得：P0=75cmHg答：封闭气体的压强为(P0+h) cmHg ;大气压强是多少 75cmHg .【物理-选彳3-4】.一列间歇横波在t=0时的波形图如图所示.介质中x=2m处的质点P沿y轴方向做简谐运动的表达

41、式为 y=10sin5疝(cm).下列说法正确的是()yfcm ”A.该波的振幅为20cmB.该波的周期为4sC.该波的传播方向沿 x轴正方向D.该波的传播速度为 10m/sE. 1s内，质点P经过的路程为1m【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象.【分析】根据质点简谐运动的表达式y=10sin5疝（cm）,读出角频率 以 求出周期.根据t=0时刻x=4m处质点的振动方向判断波的传播方向.读出波长，求出波速.根据时间与周期的 关系，求解P点1s内通过的路程.【解答】 解：AB、由质点P沿y轴做简谐运动的表达式 y=10sin5疝（cm）,可知这列简谐 _ 97T 97T,_ 一波的振幅为 A=10cm , 3=5兀rad/s,则周期为：丁=不一=石五7s=0.4s.故A、B错误.C、由表达式y=10sin5冠cm,可知t=0时刻x=2m处质点P沿y轴正方向运动，则根据波形 的平移法可知，波沿 x轴正方向传播.故 C正确.D、由图读出波长为z=4m ,则波速为：v=- =-m/s=10m/s.故D正确.T 。 4E、因为时间t=1s=2.5T,所以P点经过的路程为 S=2.5X4A=10X 10cm=100cm=1m ,故E 正确.故选：CDE.国内最长的梅溪湖激光音乐喷泉，采用了世界一