江苏省泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试题(解析版)

1、泰州市2015届高三第二次模拟考试物理试题(考试时间：100分钟 总分：120分) 注意事项：1本试卷共分两部分，第卷为选择题，第卷为非选择题2所有试题的答案均填写在答题纸上，答案写在试卷上的无效第卷（选择题 共31分）一、单项选择题本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1物理学中有多种研究问题的方法，下列有关研究方法的叙述中错误的是（ ） A将实际的物体抽象为质点采用的是建立理想模型法B探究加速度a与力F、质量m之间的关系时，采用了控制变量法C定义电场强度的概念，采用的是比值定义法D伽利略比萨斜塔上的落体实验，采用的是理想实验法【答案】D本题旨在考查物理学史。【解析】

2、A、质点是用来代替物体的有质量的点，是实际物体的简化，质点在现实生活中不存在，将实际的物体抽象为质点是一种科学研究的方法，故A正确；B、探究加速度a与力F、质量m之间的关系时，分别保持m和F恒定的情况下，探究a与F的关系、a与m的关系，采用的是控制变量法，故B正确；C、电场强度的定义式，采用的是比值法，故C正确；D、理想实验是想象的实验，而伽利略比萨斜塔上的落体实验，是真实的实验，故D错误。本题选错误的，故选：D2如图1（甲）所示，匀质链条悬挂在天花板等高的A、B两点，现将链条中点也拉至AB中间位置C悬挂，如图1（乙）所示则下列说法正确的是（ ）AABAAAACAABAA图1（甲）图1（乙）A

3、天花板对链条的作用力变大 B天花板在A点对链条的作用力不变C乙图中链条最低点的张力为甲图的1/2D链条的重力势能不变【答案】C本题旨在考查重力、重心。【解析】A、前后两次悬挂，链条重力大小未变，所以天花板对链条的作用力前后大小不变，故A错误；B、图甲情形时天花板在A点对链条的作用力为其重力的一半；图乙情形时，为其四分之一，故B错误；C、图乙情形时，AC间和CB间，都承受原链条重力的一半，所以乙图中链条最低点的张力为甲图的二分之一，故C正确；D、由图甲情形到图乙情形时，链条重心升高，其重力势能增大，故D错误。故选：CP图2恒流源3恒流源是一种特殊的电源，其输出的电流能始终保持不变如图2所示的电路

4、中，当滑动变阻器滑动触头P向右移动时，下列说法中正确的是（ ） AR0上的电压变小 BR2上的电压变大CR1上的电压变大 DR1 上电压变化量大于R0上的电压变化量【答案】B本题旨在考查闭合电路的欧姆定、电路的动态分析。【解析】C、当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，滑动变阻器阻值变大，电路总电阻变大，总电流不变，所以路端电压U变大，而总电流不变，故并联部分电压变大，而电阻不变，所以通过的电流变大，所以通过和的电流变小，而电阻不变，所以两端电压变小，则C错误；AB、和之路总电压变大，两端电压变小，故两端电压变大，故A错误，B正确；D、和之路电压变化，和之路电压变化相等，而两端电压变小，两端电压

5、变大，所以上的电压变化量大于上电压变化量，故D错误。故选：B图3vv2v14质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图像如图3所示，从t1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为Ff，则（ ）At1t2时间内，汽车的平均速度等于B0t1时间内，汽车的牵引力等于mCt1t2时间内，汽车的功率等于v1D汽车运动过程中最大速度v2【答案】C本题旨在考查功率、平均功率和瞬时功率。【解析】A、由图线与横轴所围面积表示位移的大小可知，时间内，汽车的平均速度大于，故A错误；B、由题图可知，阶段，汽车做匀加速直线运动，联立得：，故B错误；C、在时刻汽车达到额定功率，时间内，汽车保持额定功

6、率不变，故C正确；D、时刻，速度达到最大值，此时刻，故D错误。故选：C【举一反三】本题考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉。图4ABCDHFvPABCEHFv5如图4所示，在正方形ABCD区域内有平行于AB边的匀强电场，E、F、H是对应边的中点， P点是EH的中点一个带正电的粒子（不计重力）从F点沿FH方向射入电场后恰好从C点射出以下说法正确的是（ ） A粒子的运动轨迹经过P点 B粒子的运动轨迹经过PH之间某点 C若增大粒子的初速度可使粒子垂直穿过EH D若将粒子的初速度变为原来的一半，粒子恰好由E点从BC边射

7、出【答案】D本题旨在考查带电粒子在匀强电场中的运动。【解析】AB、粒子从F点沿FH方向射入电场后恰好从C点射出，其轨迹是抛物线，则过C点做速度的反向延长线一定与水平位移交于FH的中点，而延长线又经过P点，所以粒子轨迹一定经过PE之间某点，故AB错误；C、若增大粒子的初速度可使粒子垂直穿过EH，而又从C点射出，得到的轨迹不是一条完整的抛物线，故C错误；D、由平抛知识可知，当竖直位移一定时，水平速度变为原来的一半，则水平位移也变为原来的一半，故D正确。故选：D二、多项选择题本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6美国的全

8、球卫星定位系统（简称GPS），其卫星距地面的高度均为20000km我国建成的“北斗一号”全球导航定位系统，其三颗卫星均定位在距地面36000km的地球同步轨道上下列说法中正确的是（ ）A“北斗一号”卫星定位系统中的卫星质量必须相同B“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS中的卫星的周期长C“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS中的卫星的加速度大D“北斗一号”卫星定位系统中的卫星比GPS中的卫星的运行速度小【答案】BD本题旨在考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系、万有引力定律及其应用。【解析】A、万有引力提供向心力的周期表达式：可以知道，其质量不必相等，故A错误；B：由万有引力提供向心力的周

9、期表达式：，可得：，而GPS的卫星的轨道半径比北斗一号轨道半径小，所以GPS比北斗一号的周期短，故B正确；C：由万有引力提供向心力：，得：，可以知道加速度与轨道半径有关系，而GPS的卫星的轨道半径比北斗一号轨道半径小，其加速度一定比北斗一号的大，故C错误；D：万有引力提供向心力的速度表达式：，得：，可知轨道越低，线速度越大，而GPS的卫星的轨道半径比北斗一号轨道半径小，故GPS的卫星的线速度大于北斗一号的线速度，故D正确。故选：BDBE图57如图5所示，水平固定一截面为正方形绝缘方管的长度为L，空间存在场强为E、方向水平向右的匀强电场和磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场将带电量为的小球从左

10、侧管口无初速释放，已知小球与管道各接触面间动摩擦因数均为，小球运动到右侧管口处时速度为v，该过程（ ）A洛伦兹力对小球做功为L B电场力对小球做功为qELC系统因摩擦而产生的热量为mgL D系统因摩擦而产生的热量为【答案】BD本题旨在考查带电粒子在混合场中的运动。【解析】A、由运动的带电粒子在磁场中受洛伦兹力，但洛伦兹力永不做功，故A错误；B、电量小球在电场中，受电场力为，从左侧运动到右侧，距离为，则电场力做功为，故B正确；CD、由题意知，使用动能定理，可得：，即系统因摩擦而产生的热量为，故C错误，D正确。故选：BD图68如图6，矩形线圈abcd与理想变压器原线圈组成闭合电路线圈在有界匀强磁场

11、中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，磁场只分布在bc边的左侧，磁感应强度大小为B，线圈面积为S，转动角速度为，匝数为N，线圈电阻不计下列说法正确的是（ ）A将原线圈抽头P向上滑动时，灯泡变暗B电容器的电容C变大时，灯泡变暗C图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势最大D若线圈abcd转动的角速度变为2，则变压器原线圈电压的有效值为NBS【答案】AD本题旨在考查正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率。【解析】A、矩形线圈abcd中产生交变电流；将原线圈抽头P向上滑动时，原线圈匝数变大，根据电压与匝数成正比知，输出电压减小，故灯泡会变暗，故A正确；B、电容器的电容C变大时，容抗减小，故干路电流增加，灯泡变

12、亮，故B错误；C、线圈处于图示位置时，是中性面位置，矩形线圈中感应电动势的瞬时值为零，故C错误；D、若线圈转动角速度变为，根据电动势最大值公式，最大值增加为2倍；有效值，也变为2倍；则变压器原线圈电压的有效值为，故D正确。故选：AD9如图7所示，水平转台上有一个质量为m的物块，用长为L 的细绳将物块连接在转轴上，细线与竖直转轴的夹角为角，此时绳中张力为零，物块与转台间动摩擦因数为（），最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块随转台由静止开始缓慢加速转动，则（ ）A至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为图7B至绳中出现拉力时，转台对物块做的功为C至转台对物块支持力为零时，转台对物块做的功为D设法使物体的角

13、速度增大到时，物块机械能增量为【答案】BCD本题旨在考查向心力、牛顿第二定律。【解析】AB、物块随转台由静止开始缓慢加速转动，至绳中出现拉力时，最大静摩擦力提供向心力：，得：，由动能定理得：，则转台对物块做的功为，故A错误，B正确；C、至转台对物块支持力为零时，设绳对物块拉力为，可得：，此时由绳对物块拉力为提供向心力，有：，解得：，由动能定理得：，可得转台对物块做的功为：，故C正确；D、由得，当物体的角速度增大到时，由动能定理得：，可得转台对物块做的功为：，由能量守恒定律得，物块机械能增量为，故D正确。故选：BCD第卷（选择题 共89分）三、简答题：本题分必做题（第l0、11题)和选做题(第1

14、2题)两部分，共计42分请将解答填写在答题卡相应的位置10（8分）（1）用图8（甲）所示装置记录小车的运动情况，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，打点计时器打出的纸带如图8（乙）所示(附有刻度尺)，纸带上相邻两点对应的时间间隔为0.02 s.12345678910111213014图8（乙）图8（甲）ABCDEFGHIJcm从刻度尺上读出DE两点的距离为 cm；计算小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为 m/s，小车在布面上运动的加速度大小为 m/s2（速度和加速度的计算结果保留一位有效数字）【答案】、本题旨在考查测定匀变速直线运动的加速度.【解析】从刻度尺上直接读出

15、AE之间的距离为：由图可知匀速运动时，内的位移为：所以小车在玻璃板上做匀速运动的速度大小为：小车做匀减速运动相等时间内的位移之差为：故答案为：、（2）某同学另外设计了一个测量物体瞬时速度的实验，其装置如图9 , 在小车上固定挡光片，将光电门传感器固定在轨道面，垫高轨道的一端选择不同宽度的挡光片后，该同学分别将小车从垫高端同一位置由静止释放，获得了上表格中几组实验数据则以下表述正确的是 遮光片光电门图9垫高端四个挡光片中，挡光片I的宽度最小 四个挡光片中，挡光片的宽度最小四次实验中，第一次实验测得的速度最接近小车到达光电门时的瞬时速度四次实验中，第四次实验测得的速度最接近小车到达光电门时的瞬时速

16、度A B C D【答案】D本题旨在考查探究小车速度随时间变化的规律。【解析】根据，可得，由于小车每次从同一位置由静止开始下滑，故每次到光电门的速度相同，而遮光板通过光电门的时间：，可见遮光板通过光电门的时间越长代表遮光板越宽，故正确；显然遮光板越小，遮光板的平均速度越趋近于遮光板前端的速度即越趋近于车头的速度故正确。故选：D11(10分)为了测量某电流表的内阻(量程为50mA)（1）首先选用多用电表欧姆1档，粗测电流表的电阻，则欧姆表 表笔(“黑”或“红”)应接待测电流表正接线柱；测量结果如图10（甲）所示，则测得的电阻约为 ；图10（甲）（2）为了准确测量其电阻，提供的实验器材有：A直流电压

17、表(03V，内阻约6k) B定值电阻R1(5.0，1A) C定值电阻R2(40.0，0.1A)D滑动变阻器R(05，2A) E直流电源E(3V，内阻很小)F电键、导线若干图10（乙）为实验原理图的一部分，某同学在实验中测出6组对应的数据见表格实验中定值电阻R0应选用 (选填“R1”或“R2”)；将实物图10（丙）中缺少的一根导线补齐图10（丙）图10（丁）图10（乙）R0 在图10（丁）中描点作出U-I图线并根据图像求得电流表的内阻为 （计算结果保留两位有效数字）次数123456U/V0.801.181.681.982.362.70I/mA14.020.024.034.040.046.0【答案

18、】（1）；（2）；电路如上图所示；U-I图像如上右图所示、本题旨在考查伏安法测电阻。【解析】（1）欧姆表是测量电阻的仪表，把电流表串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，故黑表笔应接电流表的正接线柱；欧姆表的测量值等于表盘示数乘以倍率，故；（2）根据欧姆定律，若能使电流表电流达到满偏电流，则电阻应为，故应将电流表与串联使用；电路如下左图所示U-I图像如上右图所示，电流表内阻为故答案为：（1）；（2）；电路如上图所示；U-I图像如上右图所示、【易错警示】当电流表的满偏电压远小于电压表的满偏电压时，应将电流表串联一定值电阻，以扩大量程。12选做题(请从A、B和C三小题中选定两小题作

19、答，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑如都作答，则按A、B两小题评分)A(选修模块3-3)(12分)（1）下列说法正确的是 A气体扩散现象表明气体分子间存在斥力 B晶体都具有特定的几何形状C液晶具有流动性，光学性质各向异性D液体表面层分子间距离比液体内部大，所以液面存在表面张力【答案】CD本题旨在考查晶体和非晶体、液体的表面张力现象和毛细现象。【解析】A、扩散说明分子在做无规则运动，不能说明分子间的斥力；故A错误；B、单晶体具有规则的几何形状，而多晶体和非晶态没有规则的几何形状，故B错误；C、液晶是一类介于晶体与液体之间的特殊物质，它具有流动性，光学性质各向异性，故C正确；D、液体

20、表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，分子之间的作用力表现为引力，所以液体表面存在表面张力，故D正确。故选：CD（2）气缸内封闭了一定量压强为P=1.0105pa、体积为V=2.0m3的理想气体，现使气体保持压强不变体积缓慢压缩至=1.0m3,此过程气体向外界释放了Q=1.2105J的热量，则压缩过程外界对气体做了 J的功，气体的内能变化了 J【答案】、本题旨在考查理想气体的状态方程、热力学第一定律.【解析】封闭气体做等压变化的压强为外界对气体做功：解得：由热力学第一定律得，汽缸内气体内能的变化：故答案为：、（3）如图11，粗细均匀的弯曲玻璃管A、B两端开口，管内有一段水银柱，管内左侧水银面

21、与管口A之间气柱长为lA40cm，现将左管竖直插入水银槽中，稳定后管中左侧的水银面相对玻璃管下降了2cm，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，已知大气压强p076cmHg，求：稳定后A端上方 气柱的压强；气柱的长度BA图11【答案】；本题旨在考查气体的等温变化。【解析】插入水银槽后左管压强： 设玻璃管横截面积为S，由玻意耳定律得：代入数据，解得：答案为：；。B(选修模块3-4)(12分)（1）下列说法正确的是 A在光的双逢干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变宽B拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度C地球上接受到离地球远去的遥远星球发出的

22、光波长要变长 D任何惯性参考系中，物理规律都是相同的【答案】CD本题旨在考查双缝干涉的条纹间距与波长的关系、光的偏振、多普勒效应、狭义相对论.【解析】A、光的双逢干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，波长变短，根据条纹间距可知，干涉条纹间距变窄，故A错误；B、拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以减弱反射光的强度，使照片清晰，但不能增加透射光的强度故B错误；C、星球离地球远去，产生多普勒效应，则地球上接收到该星球发出光的频率变小，波长变长，故C正确；D、狭义相对论的两个基本假设是：光速不变原理和相对性原理；即在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，故D正确。故选：CD图12

23、（2）如图12所示为一列简谐波在t0时刻的图象，已知质点M 的振动方程为y5sin5t ( cm ) ，此波中质点 M 在t s时恰好第 3 次到达 y 轴正方向最大位移处，该波的波速 m /s .【答案】、本题旨在考查横波的图象、波长、频率和波速的关系。【解析】质点的振动的周期，质点M的起振方向沿y轴正方向，可知经过周期质点M第3次到达y轴正方向最大位移处，所以因为质点M的振动方向沿y轴正方向，根据上下坡法得，波的传播方向沿x轴正方向，波长，则波速ABACAD 图13故答案为：、（3）如图13所示，一截面为直角三角形的玻璃棱镜 ABC，A = 30，一条光线以45的入射角从 AC 边上的D点

24、射入棱镜，光线垂直 BC 射出（1）补全光线在棱镜中的光路图；（2）求玻璃的折射率【答案】光路图见解析；本题旨在考查光的折射定律【解析】题意可作出光由AC面射入，从BC面射出的传播路线如图所示：由几何关系得，光线进入AC面的折射角为，入射角对光在AC面的折射，由折射定律可知：故答案为：光路图如上图所示；C. (选修模块3-5)(12分)（1）下列说法正确的是 A光电效应说明光具有粒子性B射线是处于激发态的原子辐射出的C放射性元素发生一次衰变，核电荷数增加Deq oal(235, 92)U的半衰期随着环境的不断变化，半衰期可能变短【答案】AC本题旨在考查光电效应、裂变反应和聚变反应【解析】A、光

25、具有波粒二象性，光电效应说明光具有粒子性，A正确；B、射线是原子核辐射出的，故B错误；C、放射性元素发生一次衰变，根据质量数与电荷数守恒，可知，核电荷数增加，故C正确；D、半衰期的长短是由元素本身决定的，与外界的环境无关，故D错误。故选：AC图14（2）氢原子的能级如图14所示，原子从能级n4向n2跃迁所放出的光子，正好使某种金属材料产生光电效应，该金属的逸出功是 eV.从能级n4向n1跃迁所放出的光子照射该金属，所产生光电子最大初动能是 eV【答案】、本题旨在考查氢原子的能级公式和跃迁。【解析】据题，当氢原子从n=4向n=2的能级跃迁时，辐射的光子照射在某金属上，刚好能发生光电效应，光子的能

26、量恰好等于金属的逸出功，根玻尔理论得知，金属的逸出功为：根据题意，由光电效应方程：故答案为：、（3）静止的锂核eq oal(6,3)Li俘获一个速度为8106 m/s的中子，发生核反应后产生了两个新粒子，其中一个粒子为氦核eq oal(4,2)He，它的速度大小是3.5106 m/s，方向与反应前的中子速度方向相同，试写出核反应方程，并求反应后产生的另一个粒子的速度大小【答案】本题旨在考查动量守恒定律；裂变反应和聚变反应。【解析】核反应方程为：由动量守恒定律得：得：速度大小为故答案为：四、计算题：本题共3小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得

27、分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13（15分）如图15所示，一倾角为=30o的光滑足够长斜面固定在水平面上，其顶端固定一劲度系数为k=50N/m的轻质弹簧，弹簧的下端系一个质量为m=1kg的小球，用一垂直于斜面的挡板A挡住小球，此时弹簧没有发生形变.若挡板A以加速度a=4m/s2沿斜面向下匀加速运动，弹簧与斜面始终保持平行，g取10m/s2，求：（1）从开始运动到小球速度达最大时小球所发生位移的大小；（2）从开始运动到小球与挡板分离时所经历的时间；（3）从开始运动到小球与挡板分离时外力对小球做的总功.图15【答案】（1）；（2）；（3）本题旨在考查牛顿第二定律；匀变速直线运动的

28、位移与时间的关系；力的合成与分解的运用。【解析】（1）当物体所受合外力为零时，速度最大 解得： （2）从开始运动时，由牛顿第二定律得： 又： 当m与挡板分离时，减小到零，则有： 解得： (3)设分离时候的速度为由动能定理，得： 代入数据，解得：答：（1）从开始运动到小球速度达最大时小球所发生位移为；（2）从开始运动到小球与挡板分离时所经历的时间为；（3）从开始运动到小球与挡板分离时外力对小球做的总功为。图1614（16分）如图16所示，质量为m、电阻为R、ab边长为L的矩形金属单匝线圈竖直放置，水平虚线MN、PQ之间高度差为dt=0时刻将线圈由图中位置由静止释放，同时在虚线之间加一方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B大小随时间t的变化关系为B=kt (k为已知常数)；t=t1（t1未知）时，ab边进入磁场电流恰好为0；t=t2时ab边穿出磁场前的瞬间线圈加速度为0（不计空气阻力，重力加速度为g）求：（1）ab边未进入磁场之前，线圈中的电流大小及线圈消耗的电功率；（2）从t=0到ab边刚进入磁场所需时间t1；（3）ab边在穿过磁场过程中，线圈中产生的焦耳热【答案】（1）；（2）；（3）本题旨在考查导体切割磁感线时的感应电动势、动能定理的应用。【解析】(1) 由法拉第电磁感应定律得，由于磁场变化产生的感应电动势，感