江苏省南京市鼓楼区2014-2015年度九年级物理上学期期末考试试卷(版)

1、江苏省南京市鼓楼区2015届九年级上学期期末考试物理试卷一、选择题（每题2分，共24分，每小题只有一个正确答案，请将正确答案的序号填在答题卡上）1下列用电器中，利用电流热效应工作的是（）A电脑B电饭锅C电视机D电风扇考点：电流的热效应、化学效应和磁效应.专题：电与热、生活用电分析：电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子解答：解：A、电脑主要把电能转化为光能，不是利用电流热效应工作的，不符合题意；B、电饭锅工作时把电能转化为内能，利用电流的热效应工作，符合题意；C、电视机主要把电能转化为光能与声能，不是利用电流热效应工作的，不符合

2、题意；D、电风扇中的电动机主要把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，不符合题意故选B点评：本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能2（2分）下列材料中，通常情况下最容易导电的是（）A陶瓷B空气C食盐水D纯净的水考点：导体.专题：电流和电路分析：解答此题时主要是明确导体和绝缘体的概念容易导电的物体为导体，不容易导电的物体为绝缘体解答：解：A选项中的“陶瓷”、B项中的“空气”、选项中的“纯净的水”，它们在通常情况下不容易导电，为绝缘体C选项中的食盐水，属于酸碱盐的水溶液，容易导电，为导体故选C点评：本题是一道考查基本概念

3、的基础性的试题，解此题的关键是明确导体和绝缘体的概念及其常见的几种导体和绝缘体3（2分）如图中属于做功改变物体内能的是（）A利用太阳能热水器对水加热B汽车刚熄火时排气管热得发烫C手握火柴在火柴盒纸上很快划过，点燃火柴D用电暖袋暖手考点：做功改变物体内能.专题：分子热运动、内能分析：解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程解答：解：A、利用太阳能热水器对水加，水温升高，通过热传递改变内能，故不符合题意；B、汽车刚熄火时排气管热得发烫，通过热传递改变内能，故不符合题意；C、火柴擦燃，即摩擦生热，通过做功改变内能，故符合题意；D

4、、用电暖袋暖手，水温度升高，通过热传递改变内能，故不符合题意；故选C点评：本题考查改变物体内能的方式，解决此类问题要抓住：做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程4（2分）以下事例中，符合安全用电原则的是（）A保险丝可以用铜丝代替B当家庭电路中电线起火时，马上泼水救火C使用大功率用电器可以用两孔插座D连接电路时，用电器的金属外壳应接地线考点：安全用电原则.专题：电与热、生活用电分析：（1）保险丝是用电阻率较大而熔点较低的铅锑合金制成的，当电流过大时，它会因温度过高而熔断，保护电路；（2）生活用水因为含有杂质成为导体；（3）对于功率较大的有金属外壳的用电器为了防止外壳带电，外壳要通过地线与大

5、地相通；（4）用电器的金属外壳为了防止意外带电，外壳要通过地线与大地相通解答：解：A、组成保险丝的材料是电阻率较大而熔点较低的铅锑合金，在电流过大时熔断，自动切断电路，起到保护作用；铜导线的熔点很高，当电流过大时，不能熔断起不到保护作用，容易引起火灾，此做法不符合安全用电原则；B、当家庭电路中电线起火时，马上泼水救火，会造成救火人触电，此做法不符合安全用电原则；C、使用大功率用电器时，当用电器火线漏电时，可能会造成触电事故的发生，必须使用三脚插头和三孔插座，使金属外壳与大地相连，电流通过地线导入大地，防止触电的发生，此做法不符合安全用电原则；D、连接电路时，用电器的金属外壳应接地线，使金属外壳

6、与大地相连，电流通过地线导入大地，防止触电的发生，符合安全用电的原则故选D点评：本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用5（2分）关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（）A物体的温度越高，所含热量越多B温度相同的两物体间不会发生热传递C0的冰块没有内能D温度高的物体，内能一定大考点：温度、热量与内能的关系.专题：分子热运动、内能分析：内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，物体的温度越高，内能越大；一切物体都有内能温度和内能是一状态量，热量是一过程量，它们分别对应的术语不同解答：解：A、热量是一过程量，它所对应的术语是“

7、吸收”和“放出”，不能用“含有”故A错误；B、发生热传递的条件是：有温度差所以温度相同的两物体间不发生热传递故B正确；C、一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动，即一切物体都有内能，故C错误；D、影响内能大小的因素有质量、温度、状态等因素，温度高的物体内能不一定大，只有当质量和状态一定时，温度高内能一定大故D错误故选B点评：本题考查学生对温度、内能、热量区别的理解和掌握情况，是中考的热点要特别注意：物体温度升高、内能一定增加，但是物体内能增加、温度不一定升高；物体吸热、温度不一定升高，物体温度升高、不一定吸热6（2分）下列生活中常见的电流、电压的描述，符合实际的是（）A对人体的安全电压不高于

8、36VB家用电冰箱工作电流约10mAC手机正常工作的电流约为10AD一节干电池的电压为220V考点：电流的大小；电压.专题：电流和电路；电压和电阻分析：根据对人体安全电压、干电池电压和家庭电路电压的了解进行判断，同时，可根据电冰箱、手机的电功率对其正常工作时的电流进行估算解答：解：A、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的此选项符合实际；B、家用电冰箱的额定功率在220W左右，正常工作的电流在I=1A左右此选项不符合实际；C、手机电功率很小，工作电流在50mA左右此选项不符合实际；D、一节干电池的电压为1.5V此选项不符合实际故选A点评：熟知常见的几个电压值，包括家庭电路的电压、对人

9、体的安全电压、干电池的电压等，并能根据经验或利用相关公式对电路中的电流进行粗略的估测7（2分）（2014海安县一模）自动电压力锅当锅内压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作，压强过大时电键S过压自动断开，温度过高时电键S过热自动断开图中反映了压力锅内部电路的是（）ABCD考点：串、并联电路的设计.专题：图像综合题分析：由题意可知，当自动电压力锅压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作说明过压开关和过热开关相互影响、不能独立工作即为串联解答：解：由题意可知，当温度过高时，过热开关断开，电热丝不能工作；当锅内压强过大时，过压开关断开，电热丝不能工作；即两个开关不能独立工作，即为串联，结合选项可知

10、A符合题意，BCD均不符合题意故选A点评：根据题意得出两个开关的连接方式是解决本题的关键8（2分）如图所示是使用简单机械匀速提升相同质量物体的四种方式（不计机械自重和摩擦），其中所需动力最小的是（）ABCD考点：滑轮组绳子拉力的计算；杠杆的平衡条件.专题：简单机械分析：解决此题需掌握：（1）滑轮组的省力特点：F=G；（2）杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2解答：解：A、由图知，滑轮组由2段绳子承担物重，所以F=G；B、滑轮组由3段绳子承担物重，F=G；C、根据杠杆的平衡条件：FOB=GOA，则F=G；D、由头知，F与G的方向都是竖直方向，所以F的力臂与G的力臂之比为4：1，根据杠杆平衡条件可知

11、，F=G；由以上分析可知，D最省力故选D点评：本题主要考查了滑轮组及杠杆的省力特点，关键能够正确分析滑轮组承担物重的绳子段数及杠杆的动力臂和阻力臂9（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S闭合后，有一个电表的指针没有发生偏转移动滑动变阻器的滑片，此时观察到只有一个电表指针的位置在改变，则故障是（）A变阻器R1短路B电阻R2短路C变阻器R1断路D电阻R2断路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用.专题：欧姆定律分析：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流，逐个分析每个选项找出符合要求的选项解答：解：A、如果变阻器R1短路，电路中有电流，

12、即电流表有示数；电压表测量电源电压，但移动滑片时，电压表和电流表的示数均不变，故A不符合题意；B、电阻R2短路时，电压表是为零，电流表有示数；当移动滑片时，电路中的电阻发生改变，故电流表示数发生变化，电压表示数仍为零，故B符合题意；C、变阻器R1断路时，电压表和电流表均无示数，故C不符合题意；D、电阻R2断路时，电流表示数为零，电压表测量电源电压，当移动滑片时，电流表仍然为零，电压表仍测量电源电压，故D不符合题意故选B点评：电路故障问题是电学测试中经常考查的问题解决的一般步骤是将每个选项代入题目，根据应该出现的现象和题目中描述的现象进行对比，符合题意的即为正确答案10（2分）（2013枣庄）标

13、有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示若把它与一只阻值为8的电阻并联接在电压为4V的电路中，则整个电路消耗的功率为（）A3WB3.3WC3.6WD5W考点：电功率的计算；并联电路的电流规律.专题：计算题；压轴题；信息给予题分析：从图象上可以看出当电源电压为4V时，通过灯泡的电流为I1=0.4A，根据公式I=可求通过电阻的电流，进一步求出总电流，根据公式P=UI可求整个电路消耗的功率解答：解：读图可知，当电源电压为4V时，通过灯泡的电流为I1=0.4A，通过电阻的电流I2=0.5A，电路总电流I=I1+I2=0.4A+0.5A=0.9A，则整个电路消耗的功率为P=UI=4V&

14、#215;0.9A=3.6W故选C点评：本题考查并联电流和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是并联电路电流的规律，还要学会从题目所给信息中找到有用的数据11（2分）在探究“电压一定时，电流与电阻关系”的实验中，电路如图所示先在AB间接入15的定值电阻R，移动滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数接着取下15的电阻换上10定值电阻，不进行其它操作就闭合开关此时电压表示数及应进行的操作是（）A大于2V，应将滑片P向左滑B大于2V，应将滑片P向右滑C小于2V，应将滑片P向左滑D小于2V，应将滑片P向右滑考点：欧姆定律的应用.专题：欧姆定律分析：探究电流跟电阻的关系时，要保持电阻两端

15、的电压不变，去改变电阻，但当电阻增大时，它两端的电压也随之变化，为保证结论的准确性，要通过调节滑片使电阻两端的电压减小为原来的值，根据串联电路的分压关系去调节即可解答：解：当A、B两点间的电阻由10更换为15后，AB间的电压将减小，该实验要控制AB间的电压不变，所以下一步的操作是：向左滑动滑片，使滑动变阻器连入的电阻变小（分压变小），使AB间的电压增大，直到电压表的示数为2V为止故选C点评：本题考查了学生对控制变量法的理解和掌握，并能根据串联时分压关系知道，当一个电阻阻值增大时，其两端的电压也增大12（2分）（2014秦淮区二模）某同学在做电学实验时，接了如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，

16、电压表量程“03V”，滑动变阻器规格“20 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）A电路中电流变化的范围是0.18A0.5AB滑动变阻器阻值变化的范围是2.510C灯泡的最大功率是2.25WD电路的最小功率是1.35W考点：欧姆定律的应用；电功率的计算.专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出灯泡正常发光时电路的电流，电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大

17、电流中较小的一个，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的电功率最小，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据P=UI求出电路消耗的最小功率解答：解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压（1）灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，则灯泡的最大功率达不到2.25W，故C不正确；因串联电路中各处的电流相等，所以，根据P=UI可得，灯泡正常发光时电路

18、中的电流：I=IL=0.5A，因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流Imax=0.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，因串联电路总电压等于各分电压之和，所以，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=UUL=4.5V2.5V=2V，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑min=4，故B不正确；（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的功率最小，灯泡的电阻：RL=5，灯泡两端的最小电压：UL=UU滑max=4.5V3V=1.5V，电路中的最小电流：Imin=0.3A，则电路中电流变化的范围是0.3A0.5A，故A不正确；电路消耗的最

19、小功率：Pmin=UImin=4.5V×0.3A=1.35W，故D正确故选D点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等二、非选择题（本题共9小题，每空1分，共26分）13（2分）（2014江西模拟）2013年6月11日，我国“神十”载人飞船发射成功，升空过程中，飞船的机械能增大（填“增大”或“减少”）；在穿越大气层时，“神十”载人飞船克服摩擦，将部分机械能转化为内能考点：机械能和其他形式能的转化.专题：机械能及其转化分析：（1）机械能包

20、括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大（2）由于飞船与空气摩擦，需克服摩擦做功，使物体的内能增加、温度升高解答：解：“神十”载人飞船升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大因为机械能=动能+势能，所以机械能增大飞船在穿越大气层时，需要克服与空气间的摩擦做功，机械能转化为内能，使内能增加、温度升高故答案为：增大；内能点评：本题考查了做功与物体内能改变、影响机械能大小的因素，要求能够从不同事例中分析机械能的变化，属于对基础知识的考查14（4分）教室里

21、的日光灯、家里的各个家用电器都是并联连接的，它们正常工作时的两端电压为220V；为了能保证教室内的用电安全，需在火线上安装熔丝；如果你家中的用电器突然全部停止工作，经检查发现是空气开关跳闸了，你认为原因可能是某一用电器短路或者接了大功率用电器（说出一种即可）考点：家庭电路的连接；家庭电路的故障分析.专题：应用题；电与热、生活用电分析：根据常见电源的电压值进行分析；根据家庭电路的特点进行分析，即家庭电路的各用电器可以独立工作，并且互不影响；根据电路中的电流过大进行分析，即短路或总功率过大解答：解：家庭电路的电源由火线和零线组成，火线和零线之间的电压为220V；由于家庭电路的各用电器既可以单独工作

22、，又互不影响，所以家庭电路的用电器是并联连接；为了能保证教室内的用电安全，需在火线上安装熔丝；空气开关跳闸的原因是电路中的电流过大，而导致电流过大的原因可能是电路发生短路或总功率过大，即此时原因可能是某一用电器短路或者接了大功率用电器故答案为：并；220；火；某一用电器短路或者接了大功率用电器；点评：知道常见电源的电压值，知道家庭电路的连接方式，知道电路中电流过大的原因15（3分）有许多重大火灾都是因用电线路连接处接触不良所造成的当线路连接处接触不良时，该处的电阻将增大（选填“减小”、“增大”或“不变”），在该接触处就会局部过热引起升温，接触处的电阻又将随着温度的升高而增大（选填“减小”、“增

23、大”或“不变”），从而形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾；电炉丝与导线串联接到电路里，通电后电炉丝热得发红，而与之相连的导线却不怎么热，造成上述现象的主要原因是导线和电炉丝串联，通过的电流、时间相等，而电炉丝的电阻比导线大得多，根据焦耳定律，电阻大产生热量多考点：焦耳定律的计算公式及其应用.专题：应用题；电与热、生活用电分析：当线路连接处接触不良时，该处的电阻会增大；由焦耳定律可知接触处会产生大量的热量，是局部过热，温度升高，从而引发火灾电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，根据焦耳定律分析判断解答：解：线路连接处由于接触不良

24、，电流通过时受到的阻碍作用增大，因此电阻增大；线路连接处相对于其他地方电阻增大，根据焦耳定律Q=I2Rt，在电流相同、时间相同的情况下产生了更多的热量，因此导致局部温度升高，接触处温度升高，使接触处的电阻进一步变大，产生更多的热量，使温度迅速升高，温度过高容易引发火灾；根据焦耳定律Q=I2Rt可知，当电流和通电时间相同时，电阻R越大，电流通过R产生的热量越多；电炉丝与导线串联，它们的通电时间和电流大小都相同，由于导线的电阻远小于电炉丝的电阻，因此电炉丝产生的热量远远大于导线所以，电炉丝热得发红，而导线却不怎么热故答案是：增大；增大；导线和电炉丝串联，通过的电流、时间相等，而电炉丝的电阻比导线大

25、得多，根据焦耳定律，电阻大产生热量多点评：本题考查电路故障形成原因，知道电路火灾的发生大部分是由于接触不良引起的16（2分）2014年青奥会开幕前，南京开始运行“燃气公交”若“燃气公交”一次往返用掉燃气21kg，这些燃气完全燃烧释放热量为9.24×l08J，若这些热量用来烧水且全部被水吸收，可以将5500kg的水升高40（已知燃气热值为4.4×107J/kg，水的比热容为4.2×l03J/kg）考点：热平衡方程的应用；热量的计算；燃料的热值.专题：比热容、热机、热值分析：（1）根据Q=mq求出燃气完全燃烧放出的热量；（2）由题知Q吸=Q放，求出水吸收的热量，再根据

26、吸热公式Q吸=cmt求水升高的温度解答：解：（1）燃气完全燃烧放出的热量：Q放=m气q=21kg×4.4×107J/kg=9.24×l08J；（2）由题知：Q吸=Q放=9.24×l08J，由Q吸=cm水t，可得：t=40故答案为；9.24×l08；40点评：本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式Q放=mq和吸热公式Q吸=cmt了解与掌握，基础性题目17（3分）如图所示，在“测滑轮组机械效率”实验中，物体重为5.4N若物体上升高度为10cm，此时弹簧测力计的示数如图中所示，则拉力做的有用功是0.54J，滑轮组的机械效率是75%若仅增加物体的重，该滑

27、轮组的机械效率将增大（“增大”、“减小”或“不变”）（不计绳重及摩擦）考点：滑轮（组）的机械效率.专题：计算题；功、功率、机械效率分析：（1）根据公式W有用=Gh计算出有用功；（2）读出测力计的示数，在读数时注意测力计的分度值根据W总=Fs计算出总功，其中s=nh从而根据公式=计算出机械效率（3）若其它因素不变，只增加物体的重力，则有用功增大，在额外功不变的情况下，机械效率增大解答：解：W有用=Gh=5.4N×0.1m=0.54J，由图知，测力计的示数为2.4N，h=10cm=0.1m，此滑轮组由3段绳子承担物重，所以s=3h=3×10cm=30cm=0.3m，W总=Fs=

28、2.4N×0.3m=0.72J，=×100%=×100%=75%；若仅增加物体的重力，则有用功增大，在额外功不变的情况下，有用功在总功中所占的比例增大，则机械效率提高故答案为：0.54；75%；增大点评：此题主要考查了有关滑轮组机械效率的计算在计算出关键要分清有用功、总功，搞清s与h的关系知道W有用=Gh、W总=Fs、s=nh18（3分）某照明灯额定电压是36V，正常发光时灯丝电阻为24，则照明灯的额定电流为1.5A如果电源电压是48V，为使照明灯正常发光，可以在电路中串联一个阻值为8的电阻考点：欧姆定律的应用.专题：计算题；电路和欧姆定律分析：已知照明灯的额定电

29、压和其正常发光时灯丝的电阻，可利用公式I=计算额定电流；照明灯正常发光时其两端电压为额定电压，已知电源电压，可利用串联分压的特点，计算出串联电阻分担的电压，已求出电路中的电流，可利用公式R=计算串联电阻的阻值根据欧姆定律可计算照明灯的额定电流，根据串联电路电流和电压规律结合欧姆定律可计算串联电阻的阻值解答：解：U灯=36V，R灯=24，照明灯的额定电流I灯=1.5A；为了让照明灯正常发光，应串联一个电阻分担电压，U=48V，串联电阻分担的电压为：U=UU灯=48V36V=12V，而I=I灯=1.5A，则串联电阻的阻值为：R=8故答案为：1.5；串；8点评：本题考查了串联电路电流、电压的特点，并

30、可以根据串联电路特点灵活运用欧姆定律计算有关物理量的能力19（2分）LED灯具有节能、环保等特点，某额定电压为220V、额定功率为4.4W的LED灯泡，灯泡的额定电流是0.02A，若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是0.66kWh考点：电功率与电压、电流的关系；电功率与电能、时间的关系.专题：电能和电功率分析：（1）利用I=求解灯的额定电流；（2）利用W=Pt求解消耗的电能；设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式W=Pt计算消耗的电能；解答：解：（1）由公式P=UI得，该灯泡的额定电流：I=0.02A；（2）消耗的电能：W=Pt=0.0044kW×5h×30=

31、0.66kWh故答案为：0.02；0.66点评：本题考查了电功率公式和电功公式的灵活应用，计算过程要注意单位的换算20（3分）如图所示，电源电压恒定，R1=30，R2=60当开关S3闭合，S1、S2都断开时，电流表的示数为0.1A则电源电压等于9V；当开关S1闭合时，S2、S3都断开，电流表的示数0.15A；当开关S1、S2都闭合时，S3断开，电流表的示数0.45A考点：欧姆定律的应用.专题：欧姆定律分析：（1）当开关S3闭合，S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）当开关S1闭合时，S2、S3都断开，只有R2接入电路，根据欧姆定

32、律得到电流表示数；（3）当开关S3断开，S1、S2都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联特点求出电路中的总电阻，再根据欧姆定律求出干路电流解答：解：（1）当开关S3闭合，S1、S2都断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以根据欧姆定律可得，电源的电压：U=I（R1+R2）=0.1A×（30+60）=9V；（2）当开关S1闭合时，S2、S3都断开，电流表示数为I2=0.15A；（3）当开关S3断开，S1、S2都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因为并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以电路中的总电阻：

33、R=20，干路电流表的示数：I=0.45A故答案为：9；0.15；0.45点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别21（3分）小明家电冰箱和电能表的铭牌如下表，图中电能表的示数是31.5 kWh；若小明家电路只接入电冰箱，当冰箱致冷5min时，电能表的指示灯闪烁25次，电冰箱功率为120W；若某天只接入电冰箱并使其正常工作，则这一白天（12小时内）电能表的指示灯闪烁1250次；BC65B电冰箱额定电压220V额定功率耗电量1kWh/24h考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算.专题：电能和电功率分析：（1）电能表的读数方法：最

34、后一位是小数；单位kWh（2）2500imp/（kWh）的含义是：电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁2500次，可求指示灯闪烁了25次消耗的电能，又知道工作时间，可利用公式P=计算用电器的额定功率（3）根据转数=消耗的电能×电能表的参数即可求出这一天（12小时内）电能表的指示灯闪烁的次数解答：解：（1）电能表的示数为31.5kWh；（2）电能表的指示灯闪烁25次消耗的电能：W=kWh=0.01kWh；电冰箱的功率：P=0.12kW=120W；（3）电冰箱24h消耗1kWh，而电能表的转盘是消耗1kWh转动2500转，故12h电冰箱耗电0.5kWh，电能表指示灯闪烁的次数：2500

35、r/kWh×0.5kWh=1250次故答案为：31.5；120；1250点评：本题考查对电能表各参数的理解以及电功率和电能的计算，关键是对电能表各参数的正确理解以及公式及其变形的灵活运用，还要知道各物理量单位的换算三解答题：（本题共9小题，共50分解答第29、30题时应有解题过程）22（6分）按照题目要求作图：（1）请在图甲中画出动力F1的力臂L1；和阻力F2的力臂L2（2）在图乙中画出滑轮组提起重物最省力时绳子的绕法；（3）如图丙所示的电路未画完整，请你在图中的的缺口处选择开关或灯泡的符号填上，并把处的三孔插座连接好考点：力臂的画法；滑轮组的设计与组装；家庭电路的连接.专题：图像综

36、合题分析：（1）过支点作动力作用线的垂线段即为动力臂；过支点作阻力作用线的垂直线段即为阻力臂；（2）要解决此题，需要知道滑轮组的绕线方法，绳子先系在动滑轮的挂钩上时最省力；（3）开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进入灯泡，零线直接进入灯泡；三孔插座的接法：上孔直接接地线，左孔直接接零线，右孔直接接火线解答：解：（1）作0点向F1的作用线画垂线，垂线段就是动力的力臂L1阻力F2方向竖直向下，O点到F2作用线的垂线段即为阻力臂L2如图所示：；（2）当绳子从动滑轮绕起时，承担拉力的绳子的段数最多，用起来最省力如图：；（3）根据火线首先进入开关，所以处接开关根据零线直接进入灯泡，处接灯泡；根据三孔

37、插座的上孔直接接地线，左孔直接接零线，右孔直接接火线如图所示：点评：（1）明确力臂的概念，从支点向力的作用线画垂线，即可找出力臂的位置，动力是使杠杆转动的力，阻力是阻碍杠杆转动的力，明确了这些基本概念便不难解决；（2）最省力的滑轮组绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，再绕过动滑轮；（3）在家庭电路中，不但要考虑各元件的正确使用，更要考虑使用的安全性23（3分）在图中，甲是用绳和木棍体验“滑轮组”威力的装置；乙是正在旋转着升降的滚摆；丙是用于“探究水和沙子吸热升温的属性”的装置（1）图甲证明了使用滑轮组可以省力；（2）图乙说明了物体的动能可以转化为重力势能，物体的重力势能可以转化

38、为动能；（3）图丙的实验中用加热时间的长短表示物质吸收热量的多少考点：滑轮组及其工作特点；动能和势能的转化与守恒；比热容的概念.专题：应用题；图析法；图像综合题分析：（1）绳子和木棍组合在一起，相当于滑轮组，分析图示情景得出结论（2）通过重力做功或克服重力做功，物体的重力势能与动能可以相互转化（3）在酒精灯一定的情况下，加热时间越长，物质吸收的热量越多解答：解：（1）由图甲可知，使用滑轮组可以省力（2）由图乙可知，在滚摆上升过程中，滚摆的高度增加，速度减小，滚摆的动能转化为滚摆的重力势能；滚摆下降时，高度减小，速度增大，滚摆的重力势能减小，动能增加（3）图丙的实验中用加热时间的长短表示物质吸收

39、热量的多少故答案为：（1）使用滑轮组可以省力；（2）物体的动能可以转化为重力势能，物体的重力势能可以转化为动能；（3）吸收热量的多少点评：本题是一道综合题，考查了滑轮组的作用、能量的转化等问题，分析清楚图示情景是正确解题的关键24（4分）（2012武进区模拟）小明用如图所示的装置探究杠杆的机械效率，每个钩码的质量为m，O为支点（1）他将2只钩码悬挂在B点，在A点竖直向上匀速拉动弹簧测力计，拉力为F1，测得A、B两点上升的高度分别为h1、h2，则此次杠杆的机械效率为=×100%（用物理量的符号表示）（2）他将2只钩码悬挂在C点，在A点竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使C点上升高度为h2，则

40、弹簧测力计的示数将大于（大于/等于/小于）F1，此次弹簧测力计做的功将小于（大于/等于/小于）第一次做的功（3）他将3只钩码悬挂在C点，在A点竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使C点上升高度仍为h2，则第3次杠杆的机械效率与前两次相比最大（最大/最小/三次相等）考点：杠杆机械效率的测量实验.专题：实验题；压轴题；简单机械；功、功率、机械效率分析：（1）使用杠杆克服钩码的重力做功，有用功等于克服钩码重力做的功，总功等于弹簧测力计的拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值；（2）从图中可以看出，将2只钩码悬挂在C点时，重力的力臂大于在B点重力的力臂，而动力臂不变，根据杠杆平衡的条件可知弹簧测力计的示数

41、的变化情况，再分析有用功和额外功的变化，根据总功等于有用功和额外功之和得出弹簧测力计做功的变化情况（3）分析有用功、额外功的变化，然后根据机械效率公式即可得出正确结果解答：解：（1）有用功为W有=Gh2=2mgh2，总功W总=F1h1，则机械效率的表达式=×100%=×100%（2）钩码的悬挂点在B点时，由杠杠的平衡条件得F1OA=GOB；悬挂点移至C点时，由杠杠的平衡条件得F2OA=GOC；从图中可以看出，由OB到OC力臂变大，所以弹簧测力计的示数变大，有用功不变，但杠杆提升的高度减小，额外功减小，又因为总功等于额外功与有用功之和，因此此次弹簧测力计做的功将小于第一次做的

42、功（3）因为第一次与第二次的有用功相等，并且第二次的额外功小，因为机械效率等于有用功与总功的比值，因此第一次的机械效率小于第二次的机械效率；将3只钩码悬挂在C点时，物体升高的高度不变，物重增加，由W有=Gh2可得，有用功变大，但杠杆提升的高度与第二次相同，额外功与第二次相同，又因为机械效率等于有用功与总功的比值，因此第三次的机械效率大于第二次的机械效率综上所述，第三次的机械效率最大故答案为：（1）×100%；（2）；（3）最大点评：本题考查杠杆机械效率的测量，把握有用功、总功的计算方式，明确机械效率的表达式，知道总功等于有用功与额外功之和25（4分）小明同学学习了燃料的热值后，自己设

43、计一个实验来探究煤油和酒精的热值的大小关系他组装了图示的装置进行实验，记录结果见下表：燃料加热前的水温/燃料燃尽后水温/煤油2544酒精2534（1）为了保证实验结论的可靠，小明同学选择了两套相同装置，在实验中还控制了两个相同的物理量，它们是：水的质量、燃料的质量（2）你认为煤油和酒精两种燃料中，热值较大的是煤油（3）小明同学还想利用这种实验方案计算出煤油和酒精的热值，那么小明还需要补充的实验仪器是：天平考点：燃料的热值.专题：探究型实验综合题分析：本题主要考查利用控制变量法和转换法设计实验的能力，由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小，又由于燃料燃烧释放的

44、热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实验时应控制质量相同解答：解：（1）因燃料放出的热量与质量有关，必须控制燃料的质量相等；由于水吸收热量后升高的温度受水的质量的影响，所以在实验中应控制水的质量相等（2）由图表数据可知在相同时间内甲杯中的水温度升高的快，所以煤油的热值较大（3）要控制质量相等，需要用天平来测量故答案为：（1）水的质量、燃料的质量；（2）煤油；（3）天平点评：本题是一道关于热值的实验探究题，知道热值的意义；会用控制变量法和转换法设计探究实验是本题的解题关键26（3分）（2014徐汇区一模）为了探究影响导体电阻大小的因素，小徐在一段容易拉伸的橡胶软管内灌入

45、硫酸铜溶液，在软管两端分别接一个接线柱且将软管封闭，制成可以形变的“导电液体”他将小灯、“导电液体”、电键串接在电压一定的电源上进行实验闭合电键，拉伸“导电液体”时，发现小灯的亮度发生变化，如图（a）和（b）所示根据上述实验请做出与探究内容有关的猜想：导体的电阻可能与导体的长度、横截面积有关小徐在猜想的基础上用两根粗细相同的镍铬合金丝A、B做了图（c）和（d）的实验，由此归纳得出的初步结论是：当导体的材料跟横截面积相同时，长度越长，电阻越大为了完成与猜想有关的探究，小徐用另两根合金丝C、D取代A、B继续实验，则合金丝C、D应满足的条件是：材料、长度相同，横截面积不同考点：影响电阻大小的因素.专

46、题：探究型实验综合题分析：（1）影响电阻大小的因素包括材料、长度、横截面积以及温度，利用控制变量法分析；（2）在探究影响导体电阻大小的因素时，要采用控制变量法的思想，探究导体电阻跟导体长度的关系时，要控制材料、横截面积和温度相同；（3）探究导体电阻跟导体横截面积的关系时，要控制材料、长度度相同解答：解：（1）“导电液体”的种类没有发生改变，拉伸后，长度和横截面积都发生了改变，并且灯泡亮度也发生了改变，故导体的电阻可能与导体的长度、横截面积有关（2）因为镍铬合金丝A、B的材料和横截面积相同，因此可以探究导体电阻跟导体长度的关系，即在材料和横截面积相同时，导体越长，电阻越大（3）小徐用另两根合金丝

47、C、D取代A、B，继续探究导体电阻跟导体横截面积的关系，故应保证导线的材料、长度相同，横截面积不同故答案为：导体的电阻可能与导体的长度、横截面积有关当导体的材料跟横截面积相同时，长度越长，电阻越大材料、长度相同，横截面积不同点评：物理学中对于多因素的问题，常常采用控制因素的办法，把多因素的问题变成多个单因素的问题，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法，一定要掌握控制变量法27（7分）小明利用电阻箱和一块电流表测量未知电阻Rx的阻值他选择了满足这个实验要求的器材，并连接了部分实验电路，如图所示（1）为了测出电阻Rx的阻值，请添加一根导线完成图所示的实验电路的连接（2）请把小明的实验

48、步骤补充完整：先闭合开关S2，记录电流表的示数为I后断开开关闭合另一开关，接下来的操作调节变阻箱，直至电流表读数电流表示数仍为I，读出此时的变阻箱读数R0Rx的阻值的阻值为R0（3）若把图中电阻箱换成阻值已知的定值电阻R0，只闭合开关S1，电流表读数为I1，只闭合开关S2，电流表读数为I2，则待测电阻Rx=R0考点：伏安法测电阻的探究实验.专题：探究型实验综合题分析：（1）（2）因为没有电压表，所以设计了并联电路，通过使两支路电流相等，并用等效替代法使电阻箱接入电路的阻值等于待测电阻Rx，根据这一思路完成实物图的连接以及实验步骤（3）若把图中电阻箱换成阻值已知的定值电阻R0，根据并联电路电压相

49、等以及欧姆定律表示出待测电阻解答：解：（1）使Rx与电阻箱并联，开关S1控制电阻箱所在的支路，开关S2控制Rx所在的支路，实物图如下图所示：（2）先闭合开关S2，记录电流表的示数为I后断开开关闭合另一开关，并调节变阻箱，直至电流表读数仍为I，读出此时的变阻箱读数R0Rx的阻值的阻值等于变阻箱读数R0（3）因为并联电路两端电压相等，由I=可知：U0=UxI1R0=I2RxRx=R0故答案为：（2）S2；调节变阻箱；电流表示数仍为I；变阻箱读数R0；R0；（3）R0点评：此题是测量待测电阻的阻值实验，考查了实物电路的连接，实验步骤的设计等内容，同时还考查了等效替代法在实验中的应用28（8分）在测定

50、“小灯泡电功率”的实验中，选用的小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10小华的物理老师在上课之前，查阅了该规格小灯泡的I与U的关系数据如表所示：实验次数123456U/V0.200.801.402.002.502.90I/A0.020.080.140.180.200.21（1）从数据可知，该小灯泡的额定功率为0.5W（2）小华想亲自做一次，看能否测得同样的数据于是她设计了如图（a）所示的电路，准备对该小灯泡进行再次测量电源用的是2节新干电池，滑动变阻器的铭牌标有“50 1A”闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到A端（选填“A”或“B”）（3）闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图（b）所

51、示）为2.2V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图（a）中滑片P向B（选填“A”或“B”）端缓慢移动，使电压表读数为2.5V（4）实验过程中，小华发现无法得到上述表格中的一组数据，请根据所学的知识进行推断应是第1次（填序号）数据，理由是无论如何移动滑片，灯泡两端电压均大于0.5V，滑动变阻器的最大阻阻不足如果想得到表中完整的数据可以采取的相应措施更换最大阻值大一些的滑动变阻器考点：电功率的测量.专题：测量型实验综合题分析：（1）根据灯泡的额定电压结合表格中数据确定灯泡的额定电流，根据P=UI计算出功率；（2）在闭合开关前，滑片应移至最大阻值处；（3）由图b读出电压表的示数，若灯泡两端的电压低于

52、额定电压，则需减小滑动变阻器的阻值；（4）计算出滑动变阻器所需的最大阻值进行判断解答：解：（1）由表格中数据知，当灯泡两端的电压为2.5V时，电流为0.2A；则额定功率：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；（2）滑动变阻器接了下面的B接线柱，所以在闭合开关前，应将滑片移至最右端的A处，使其阻值最大；（3）由图b知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.2V，想测量小灯泡的额定功率，应减小滑动变阻器的阻值，将滑片P向B端滑动，使电压表示数为2.5V；（4）由实验数据知，当灯泡两端的电压为0.2V时，滑动变阻器的电压应为3V0.2V=2.8V，则滑动变阻器的电阻应为R=140；而滑动变阻器的最大阻值为50，所以不能得到上述数据，要想得到上述数据，应更换最大阻值大一些的滑动变阻器故答案为：（1）0.5；（2）A；（3）2.2；B；电压表读数为2.5V；（4）1；无论如何移动滑片，灯泡两端电压均大于0.5V，滑动变阻器的最大阻阻不足；更换最大阻值大一些的滑动变阻器点评：此题考查了实物电路的连接，考查了有关电阻、功率的计算，同时考查了滑动变阻器的使用及电路