【专项习题】张家港电功率专项检测试题及答案

1、【专项习题】张家港电功率专项检测试题及答案一、选择题1 .如图所示的物理现象涉及的物理知识正确的是（A.B.C.D.A. 电风扇工作时主要将电能转化为机械能B. 家庭电路中的电能表是测量电流做功快慢的C. 法拉第根据图示电磁感应的原理制成了电动机D. 测电笔按图示的方法使用可以辨别家庭电路中的火线与零线【答案】A【解析】 【解答】解：A、电风扇工作时，消耗了电能，得到了机械能，因此将电能转化 为了机械能；故A正确；B错误；C错误;B、电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表；故C、法拉第根据图示电磁感应的原理制成了发电机；故D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火

2、线；氖 管不发光的是零线，故 D错误.故选A.【分析】（1 ）用电器工作的实质是将电能转化为其它形式的能；（2）电能表是测量电能的仪表；（3）发电机的原理是电磁感应；（4）测电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线.本题综合考查了用电 器工作的实质、电能表的作用、发电机的原理以及测电笔的使用方法等，属于基础知识考 查范围.2.如图所示，电源电压 最右端时，电路的总功率为P11/5;当开关 S和S3闭合、S2断开, 大了 0.05W，且滑片在中点时，电压表 片在最左端时，电路的总功率为F2列结论正确的是（）U保持不变。当开关 S2闭合、Si和S

3、3断开，滑动变阻器的滑片在 再将滑片滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的 滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，R3的功率增Vi的示数为U1；当所有开关闭合，滑动变阻器的滑,两只电流表示数相差 0.3A.已知F1： F2=2: 15，下irA. P2=5.4W【答案】AII B. U=12VCi=6VD. 2=20 Q【解析】R2电压，ViV2都测【解答】解：（1） S闭合、Si和S3断开，滑片在最右端时,V2测R2、R3总电压，即电源电压，等效电路如图R2两端电压，等效电路如图变化，且1Ur2=1 U,贝y R3两端的电压R2、R3串联，Vi测1所示；滑片滑至最左端时，2所示：由题意结合图可

4、知，电表V2的示数将发生斑7'Ur3= £ U,所以滋3，根据串联电路的分压规律可得：E如& ，即卩R3= 4R2-右端时Ri、R3串联Vi测Ri电压，V2测总电压，等效电路如图 等效电路如图4所示；当所有开关闭合，滑片在最左端时， 路电流，Ai测R2所在支路的电流，等效电路图如图许 if 护；（2）当开关Si和S3闭合、S2断开，滑片位于最3所示；滑片位于中点时，R3短路，R、iR2并联，A2测干5所示：由题意知图1中，电路的总功率:R =心* f J蜃八偲殛，图5中总功率：P2 =Pl 2刃+网，卩T剧可得：15 Pi =,即15 X = 2 X（斤+用叮，解得:

5、 根据并联电路电流规律，可得图2P2相差鬲_购=0.3A,/0.3A ,=0.6A& +只3 22 h他饨 tRi= 2R2 -由题意知图5中，通过5中两只电流表示数X 0.6ARi的电流:|5= I- |4= 0.3A，贝y，图30.1A，图0.6A0.15A,中的电流：I2 =因图,电路中的电流：13 =4和图3相比较R3的功率；增大了 0.05W，所以,(0.1A) 2XR= 0.05W,P= i2r-P3 = l32X- R3 - |22R3 =( 0.15A) 2>6V, BD不符合题意；图胪护忙1_I+ R厂 200 + Q故答案为：A。R3 -可得：P3R3= 40

6、 Q,代入 两式可得：Ri= 20 Q, R2= 10 Q,U =4中，Ui = I3R = 0.15A X 20=Q3V, C不符合题意；图 5中，P2=斤解得:=5.4W, A符合题意。Si和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，R2与R3的最Ai测电路R2与R3的最大阻值串联，电压表 VI、V2均测R2两端 据此可知示数变化的电表为 V2 ,并得出R2两端的电 R3两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表【分析】（1 ）当开关&闭合、大阻值串联，电压表 Vl测R2两端的电压，电压表 V2测电源两端的电压，电流表 中的电流；再将滑片滑至最左端时， 的电压，电流表 Ai测电路中

7、的电流， 压，根据串联电路的电压特点求出 示出两电阻的阻值之比；（2）当开关S2闭合、Si和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，根据电阻的串联和ph表示出电路中的总功率 Pi；当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1与R2并联，电流表 A测干路电流，电流表 Ai测R2支路的电流，根据并联电路的特点和电功率 公式表示出电路的总功率P2,禾惋Pi：P2=2:15得出等式即可求出Ri与F2的阻值关系；利用并联电路的电流特点结合两只电流表示数相差0.3A即可得出电源的电压和R2的阻值关系；当开关 S,和S3闭合、S2断开时，Ri与R3串联，电压表 Vi测Ri两端的电压，电 压表V2测电源两端

8、的电压，电流表A2测电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑片位于最右端和中点时电路中的电流，利用PnpR结合R3的功率变化即可求出 R3的阻值，进一步求出 Ri和F2的阻值以及电源的电压，利用欧姆定律求出Ui的大小，最后根护据并联电路的特点和P丹求出P2的大小.3. 两个定值电阻Ri、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关 S,贝y Ri， R2产生的热量之比为（）2AC. 4: 11 D 1： 4【解答】由并联电路的特点知道，通过 Ri、R2的电流之比是 2： 1 ;由匸U/R知道，Ri、R2的电阻之比为1 : 2;由 q=W=U2R t知道

9、，产生的热量与电阻成反【解析】 相同时， 图甲知道，闭合开关 S,则通电时间相同，由 比，故Ri、R2产生的热量之比是 2： 1， 故答案为：A。Ri、R2的电压是相同的，由图乙知道，在电压【分析】利用欧姆定律判定 Ri、R2的阻值关系; 的比值.根据焦耳定律公式Q=护t 判定产生热量4. 如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关 中（不考虑灯丝的电阻受温度的影©S后，滑动变阻器滑片 P向左移动的过程 响），下列说法正确的是（）电压表示数逐渐变大D.小灯泡的亮度逐渐变暗A.电流表示数逐渐变小C.滑动变阻器两端的电压逐渐变大【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡 L与变阻器R

10、串联，电压表测L两端的电压,电流表测电路中的电流.滑动变阻器滑片 P向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由1=月可知，电路中的电流变大，即电流表的示数逐渐变大，故A错误；由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，即电压表的示数逐渐变大，故B正确;因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，D错误;所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，小灯泡的亮度逐渐变亮，故因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压逐渐变小，故C错误.故选B.【分析】由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测 L两端的电压，电流表测电路中的电流根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆

11、定律可知电路中电流的 变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化.5. 有两个电路元件 A和B,流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正确 的是（）A. A的电阻值为6.25 QB的电功率之比为 5: 4C. A和B并联在电压为 2.5v的电源两端, 联，两者电阻相同时，电源电压为【答案】B.和B串联，电路中电流为 0.4A时,A、B的电功率之比为 5: 4D.当A和【解析】【解答】A .由图象可知,I1可得，A的电阻值:3VA的电流Ia= 0.4A时，Ara=石也必=5 Q, A不符合题意；当

12、通过两端的电压Ua =2.0V，由电路中电流为 0.4A时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两元件的电流B. A和B串联，ia= Ib =0.4A，由图象可知，两兀件两端的电压Ua= 2.0V, Ub= 2.5V，由P= UI可得,Pa VaIa 血 2. OV 4二 率之比：丹 £办庙阳 卫厅F占，B不符合题意；（3） A和B并联在电压为 两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压A、B的电功2.5V的电源Ua'= Ub' =Ia'= 0.5A , Ib'= 0.4A，贝U A、B 的电功率之比:2.5V，由图象可知，通过

13、两元件的电流再山 hV.5A 5內 収E /占"'羽，C符合题意；（4）当A和B串联，两者电阻相同时，它们两端 的电压和通过的电流相等，由图象可知，电路中的电流为0.6A,两元件两端的电压均为 3VU= Ua +U =时符合，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：3V+3V= 6V, D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据电流和电压的图像，计算电阻的大小，结合图像分析电流相同或电压相同时的电功率的比值关系.6.如图所示的电路中，电源两端电压 R1 ,滑动变阻器的最大阻值为 R2 , 的滑片移至最右端时，电压表的示数为动变阻器的滑片移至最左端时，电压表的示数为

14、 左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为U保持不变，小灯泡上标有 “ 12V 6W，定值电阻为忽略温度对电阻的影响，闭合开关 S,将滑动变阻器Ui ,小灯泡的实际功率为其额定功率的1/4;将滑U2,小灯泡正常发光，滑片在变阻器 P,若Ui： U2=3: 2。则下列结果正确的是A. R1=48 Q【答案】D【解析】【解答】闭合开关 S将滑动变阻器的滑片移至最右端（即阻值最大处）时，等 效电路图如图1所示：闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最左端（即其连入电路中的电阻为图如图2所示：B. 1=24VII C. U=36V四.P=6W0）时，等效电路VRi 、/ U 额=12V, P 额=6W,灯正

15、常发光时的电阻为：Pl其二轉二寸X 6W - 1. 5W24Q跚在图1状态下，1.5%'此时电路中的电流为：即 l1=0.25A;在图2状态下，小灯泡正常发光，P霽此时电路中的电流为:D -厂 U関 在图 1 状态下，U1=|1 (R1+R2) =0.25A X( R1+R2), 在图 1 状态下，U2=|2Ri=0.5A X1R ,U0 25A X dll 十 W即U2必5A X旳解得：R2=2Ri。 、在图 1 状态下，U=l1 ( R1+F2+RL)=0.25A (R1+R2+24 0)， 在图 2 状态下，U=I2 ( R1+RL)=0.5A ( R1+24 0)，组成方程组，

16、解得：R1=24 0 R2=48 0 U=24V;则电压表的示数 U1 为：U1=l1 ( R+R2) =0.25A X(24 0 +48 0 =18V。 、/ I1=0.25A, l2=0.5A, U=24V, P=UA I=U (I2-I1) =24VX滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为：(0.5A-0.25A) =6W。A、B、C不符合题意，D符合题意。故答案为：D。L电阻【分析】闭合开关 S,将滑动变阻器的滑片移至最右端(即阻值最大处)时，灯泡R2两端的电L和电阻RiR1和R2串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是电阻R1和压；将滑动变阻器的滑片移至最左端

17、(即其连入电路中的电阻为0)时，灯泡串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是电阻R两端的电压；、可利用公式R=计算出灯泡的电阻。在图 1状态下，小灯泡的实际功率为其额定功率7/t1的J,从而可利用公式12=*计算出此时电路中的电流11；在图2状态下，小灯泡正常发光,/可利用公式1=7计算出此时电路中的电流 12。 、知道在图1和图2状态下Ui: U2=3: 2,可利用公式 U=IR列出一个电压的比值式，从 而可以计算出电阻 Ri和R2的关系。 、在图1和图2状态下电源电压不变，可利用公式U=IR列出两个电源电压的灯饰，组成方程组，便可以计算出电阻R和R2的阻值，电源电压U.再在图1

18、状态下，利用公式U=IR计算出电压表的示数Ui。 知道了电源电压，又知道图1和图1状态下的电流，可利用公式P=UI计算出滑片在变 P。阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为7.如图甲所示，电源电压恒定不变，电流表量程为“？ 0.6A ”电压表量程为 “？ 3V”，滑动变阻器规格为“20Q 1A”，R1为定值电阻。在保证各用电器安全的情况下，移动滑动变阻器滑片的位置，记下电压表和电流表的示数后，分别求出R2对应的电功率和电阻值，画成图象如图乙，下列说法中正确的是()R 1的阻值为5 Q 电压表的示数变化范围是1V - 3V整个电路消耗的最小功率为1.35WA.只有 正确iiB.只有正确IIC

19、.只有正确D.只有【答案】正确C【解答】解：（1）两电阻串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流，由图知，变阻器连入电路最大电阻为10Q，根据分压原理，此时电压表示数最大为【解析】3V ；当变阻器连入电阻最小为2.5 Q,根据电阻的规律和欧姆定律，此时电流表示数最大为0.6A。根据P= I2R,第一种情况下，电路中的电流 11 = 7疋 根据电阻的串联和欧姆定律，电源电压：第1种情况下：U= Ii X( Ri+R2i)= 0.3A X( Ri + 10 Q) 第2种情况下：U = I2 X ( R1+R22)= 0.6A X( R1+2.5 Q ; 由in得：R1= 5 Q,故正确；电

20、源电压U = 4.5V,错误；由欧姆定律，第2种情况下，电压表最小示数为:U 小=|2XR2= 0.6A X 2.5=Q.5V,电压表的示数变化范围是1.5V- 3V，故 错误;整个电路消耗的最小功率为：P= uii= 4.5V X 0.3A1.35W. 正确。正确， 故答案为：C=W= 0.3A,10 Q,此时电压表示数最大为【分析】由P-R图知，当变阻器连入电路最大电阻为变阻器连入电阻最小为2.5 Q根据电阻的规律和欧姆定律，此时电流表示数最大为3V;当0.6A;根据P=Fr求出第一种情况下电路中的电流I1 ,根据电阻的串联和欧姆定律列方程求R1和电源电压 U;由欧姆定律求出第2种情况下电

21、压表最小示数，得出电压表的示数变化范围；根据P=UI求整个电路消耗的最小功率.&下列用电器工作时，将电能全部转化为内能的是（）iiD.手机A不符合题意;A.电风扇B.电水壶I C.电视机【答案】B【解析】【解答】解：A、电风扇工作时，电能转化为机械能和内能,B、 电水壶工作时，把电能全部转化为内能，B符合题意；C、 电视机工作时，电能主要转化为声能、光能和内能，C不符合题意；D、 手机工作时，电能转化为光能和内能，D不符合题意。 故答案为：B。【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形 式的能量，就是一个电流做功的过程。9.如图所示电路，电源电压为

22、时，电压表的示数为 4V;当滑片 内定值电阻Ri产生的热量为60J,12V且保持不变。闭合开关-P置于变阻器的b端时,则下列结果正确的是（S,当滑片P置于变阻器的中点电压表的示数变化了 2V,在10sR1 卫 K 0VA.电路中的最小电流为1.5A电能为60J” B.滑片P在中点时，9s内滑动变阻器 R消耗的4:C. R先后两次消耗的电功率之比为【答案】D【解析】【解答】解：根据电路图可知，端电压，电流表测电路中电流；根据串联电路分压原理知，滑片从中点到3 I D. R先后两次消耗的电功率之比为& 9定值电阻R与滑动变阻器 R串联，电压表测 R两b端时，R连入阻值增大，它分得电压增大，

23、即电压表示数增大了 2V,此时电压表示数为 4V+2V= 6V;所以 U1= U- Ur= 12V-6V = 6V,由Q=斤t可得：Ri= 0 t =X 10s6 Q;竺A、当滑片在 b点时，电路中电阻最大，电流最小，电路中的最小电流: 竺6Q = 1A, A不符合题意；U =跟B、滑片在中点时，电路中的电流：1= |1= 用4=3 A,49s内滑动变阻器 R消耗的电能： Wr= URlt = 4V财A X =48J, B不符合题意;c、由P= UI可得，Ri先后两次消耗的电功率之比:16玄C不符合题意。由P= UI可得，R先后两次消耗的电功率之比: 题意。故答案为：Dc、4IV X -J=口

24、=6V X 1A =8帚D符合【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据串联电路分压规律可知滑片从中点到 端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V,然后根据串联电路电压规律以及=用t即可求出Ri的阻值；当滑片在 b点时，电路中的电流最小，根据串联电路电压规律 和欧姆定律即可求出电路中的最小电流；先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电 流，然后根据 W=Ult求出9s内滑动变阻器 R消耗的电能；根据 P=UI即可求出 冃、R先后 两次消耗的电功率之比.10.如图所示是 探究电流通过导体时产生热量的多少与什么因素有关 透明容器中密闭这等量的空气，R1 = R2=R3 ,当开关S闭合后，

25、下列说法正确的是(”的实验装置，两个)rB.通过电阻RiA. 该实验装置是探究电流通过电阻时产生的热量与电阻大小的关系R2的电流相等，D.该实验装置是利用C.通电一段时间后，右边U形管内液面的高度差比左边小管中液体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的多少的【答案】C【解析】【解答】解：A、装置中R2、R3并联后再与Ri串联，通过Ri的电流11=2 + 13,I2=|3 ,所以右边容器中通过 R3的电流I3是左侧通过R1电流的一半，即是研究电流产生的 热量与电流的关系，故 A错误；B、由图知，通过 R1的电流|1=|2+|3 ,而|2=|3 ,所以通过电阻R1和R2的电流不相等，故 错；C、左右两容器

26、中的电阻相同，而通过电阻Ri的电流大于 R2的电流，通电时间相同，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，左边U形管内液面的高度差比右边U形管内液面的高度差大，故 C正确；D、电流产生的热量不能用眼睛直接观察，对密封容器中空气加热，引起U型管中液面变化，通过液面高度差的变化来反映，是利用容器内气体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的 多少，故D错误.故选C.【分析】A、电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电阻 相同时，是探究电流产生热量跟电流的关系；B、根据串、并联电路的电流大小关系分析判断C、 通电时间相同、电阻相同，通过的电流不同，禾U用焦耳定律Q放=l2Rt

27、分析判断；D、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过U型管中液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想.11.甲、乙两只灯泡，其I - U关系图象如图所示现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯 两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）B. 0.8WAC. 2WD. 3W【答案】【解析】【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为0.4A;0.4A;根据图象可知，此时乙灯因为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流也为 泡两端电压为3V;乙灯泡消耗的功率：P=UI=3V< 0.4A=1.2W故选A.【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通

28、过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率.12. 如图为探究 焦耳定律”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。将容器中的电阻丝Ri、R2串联在电路中，且 Ri<R2 .下列说法正确的是（）电热与电阻的关系”C. 闭合开关后，甲管中液面上升比乙慢p向左移动D. 闭合开关后，要使电流增大，应将滑动变阻器滑片【答案】C【解析】 【解答】解：A、图中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同， 故可研究电流产生的热量与电阻的关系，AB不符合题意；C、根据Q=FRt，因Ri<

29、 R2 .故右边容器中电阻丝产生的热量多，由转换法，甲管中液面 上升比乙慢，C符合题意；D、闭合开关后，要使电流增大，由欧姆定律，要减小电路的电阻，故应将滑动变阻器滑 片P向右移动，D不符合题意。故答案为：C【分析】电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；由焦耳定律Q=FRt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素 的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析.A. 若灯丝的材料、长度相同，B. 若将两灯并联接入电压为C. 若将两灯分别接入电压为13

30、. 甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列分析正确的是（乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗220V的电路，甲灯比乙灯亮220V的电路，乙灯消耗的电能多D. 若将两灯串联，只要电源电压适当，甲、乙两灯就能同时正常发光 【答案】A护由于甲灯的功率为【解析】【解答】根据电压和电功率，结合公式 P ：,得A符合题意；当两 B不符合题意；灯泡消耗的电功率和电功率、时25W，较小，电阻大，若导体的材料、长度相同，电阻大的导体较粗, 灯并联时电压相等，功率较大的灯泡亮，间有关，时间不确定时，消耗的电能不能比较， 同，两灯的额定电流不同，不能同时正常发光， 故答案为：A.【分析】根据灯泡的电功率和电压分析电阻和电流, 截

31、面积有关。C不符合题意；由于D不符合题意。导体的电阻和导体的材料、长度、横14.现有一个电压不变的电源，两个定值电源上，R1消耗功率为P0；再将它们以另一种形式连接到该电源上， 种连接形式中均有电流通过 R2 ,则先后两种连接形式中（）匾I两端的电压比为.消耗的功率比为A. R两端的电压比为C.金消耗的功率比为【答案】B【解析】【解答】（电功率不R1、F2 .先将这两个电阻以某种形式连接到电9P0 .两1）将这两个电阻以某种形式连接到电源上,Ri消耗功率为2： 9Ri消耗功率为:竺P0=用-另一种形式连接到该电源上R1消耗功率为：9Po=用由可得：肛=9加,解得R1两端的电压比为：因为接；第U

32、1： U1' =13, A不符合题意、B符合题意；R1、R2接到同一电源上，且第 2次Ri两端的电压更大，所以，第一种以串联方式连 2次以并联方式连接，如下图：比7Rit UU=U1' =3U则由并联电路的特点和前面的解答可得，电源电压因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，串联时，R2两端的电压U2=U-U1=3U1-U1=2U1 , 并联时，F2两端的电压U2' =U=3U则第一种连接时，R2消耗的功率：P2=则zy =壯=故答案为：B。4处)2=(他、2= £ , C、D不符合题意。护【分析】根据P帀表示出两种情况下 Ri消耗的电功率，然后求出Ri

33、两端的电压关系；根据并联电路的电压特点可知电源的电压，进一步可知连接方式，根据串联电路的电压特点求出串联时R2两端的电压，根据 P=表示出R2消耗的电功率，进一步得出两次功率之比P在某两点之间滑动时，电流表的示 36V.小明通过推算，得出四个结15.如图所示，Ro为定值电阻，闭合开关后，当滑片 数变化范围是 0.51.5A,电压表的示数变化范围是 论，其中错误的是(3QC.实验中R0两端的电压变化范围为B.变阻器连入电路的电阻变化范围为1.5V4.5V D.电路消耗的总功率的变化范围为2 12 Q3.75W 10.25W【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻Ro串联，电流

34、表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端电压；当滑动变阻器接入电路阻值增大时，电路中电流减 小，即电流表示数减小；变阻器接入阻值增大时，其分得电压增大，即电压表示数增大； 所以，电流表与电压表的示数变化情况是相反的。A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压 U=Uv+|Ro ,电流表示数变化范围是 0.5A1.5A,电压表的示数变化范围 3V6V,结合前面分析可知，当I=0.5A时，Uv=6V,所以有 U=6V+0.5A X(R-当 I=1.5A 时，Uv=3V，所以有 U=3V+1.5A X(R-联立 解得：R0=3 Q, U=7.5V,B、由题可知，电流表示数变化范围是A不符合题意

35、;0.5A 1.5A,电压表的示数变化范围3V6V,滑动滑=J = £ 出=2Q,路的阻值变化范围为 2Q12Q, B不符合题意；变阻器接入电路的阻值分别为：RR滑='=丽=12必即变阻器连入电C、 R0两端的电压分别为：U0=I 最小 R0=0.5A X 3 Q =1,VJ0'舉大 R0=1.5A X 3 Q =4,5V则Rd两端的电压变化范围是1.5V4.5V, C不符合题意；D、 电路消耗的最小电功率：P最小=UI最小=7.5V X 0.5A=3.75VV电路消耗的最大电功率：P最大=UI 最大=7.5V X 1.5A=11.25VV则电路消耗的总功率的变化范围

36、为3.75W11.25W, D符合题意。故答案为：D。【分析】根据电流的范围和电压的范围，结合欧姆定律计算公式和电功率计算公式，求电 路中的电阻、分压情况和电功率.16.女口图所示的电路, 甲、乙都是电流表，甲、乙都是电压表， 法正确的是i 丿电源电压不变，灯L标有“V3W”字样，不考虑灯丝电阻的变化。当闭合、囲断开，此时 T 0总，电路消耗的总功率为 轉；当 I勺、餃都闭合，此时01 -纟卅I，电路消耗的总功率为滋 下列说A.电阻R的阻值为I谿4电路的总功率之比刊:C.当甲、电流表，【答案】 D.当甲、乙都是乙都是电压表，羁、闭合时，灯L的实际功率为曲期#闭合、國断开时，两表示数之比 歸：乙

37、mJ： 3C【解析】【解答】由P = 丫可得，灯泡正常工作时的电流：*廉 FP 二一竝二二二 12斤可得，灯泡的电阻：F廢创甲电流表测 L的电流，因A、当甲、乙都是电流表，9闭合、£断开，此时R与L并联，R与L串联接在电路中，甲电压表测总电压U岸増二血=/鍛,即灯泡正常工作，由并联电路的电压特点可知，电源电压 1"-加-州； 当甲、乙都是电压表，旬、总都闭合，乙测L两端电压，且血二厂Z = 2；根据串联电路的特点可得电路中的电流：血 2小冠莎7一心；电阻R两端的电压:电阻R的阻值:R与L并联时，电阻R的功率为:B、当甲、乙都是电流表，Pr 二一二二訓R 18Q,A不符合题意

38、;总功率为：戸=那+朗=洲；当甲、乙都是电压表，I勺、卫都闭合，R与L串联接在电路中，此时总功率为:1.2电路总功率之比:C、当甲、乙都是电压此二U血-2昇X a越-血48 ,D、 当甲、乙都是电流表，4闭合、- 且|/jp -仪也；B不符合题意；0、 爲闭合时，灯L的实际功率：,C符合题意；£断开时，此时R与L并联，甲电流表测 L的电流,CV5乙电流表测干路电流，干路电流为:/护 a施t两表示数之比为：故答案为：Co【分析】当甲、乙都是电流表,L电流I甲D不符合题意。Si闭合、S断开，此时R与L并联，乙测干路电流I,甲测当甲、乙都是电压表， Si、S2都闭合，R与L串联接在电路中，

39、甲测总电压萨R0求出灯泡的电阻.U,乙测L两端电压Ul ,不考虑灯丝电阻的变化，通过17.如图甲所示，额定电压为 定。滑动变阻器的滑片 法正确的是（）6V的灯泡L与滑动变阻器 R串联接入电路，电源电压一P从最右端滑到最左端时，灯泡L的I-U图象如图乙所示，以下说A.灯泡正常发光时的电流为率为1.5W0.5AB.灯泡两端的电压为 3V时,它消耗的电功C.滑动变阻器最大值为10 Q泡的实际功率为3.2W【答案】D【解析】【解答】A、由图乙知，当灯泡两端的电压为6V时，灯泡的电流为题意；B、由图乙知，当灯泡两端的电压为"D当变阻器接入电路的阻值为2.5 Q时，灯1A, A不符合灯泡消耗的电

40、功率大于1.5W, B不符合题意；时，电路中电流最小为0.5A,灯泡两端的电压是3V时，灯泡中的电流大于0.5A，由P= UI可知，此时C、由乙图知，当变阻器滑连入电阻最大1.5V,根据串联电路的分压规律可知滑动变阻器分压 U滑=6V-1.5V= 3.5V贝U R最大=必的'2漩C不符合题意；D、当变阻器阻值为，联立解得U =3.2W，不符合题意，所明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；注意认清横坐标和纵坐标上最小分格的数值大小和单位; 明确图象所表示的物理意义；根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论.18.某直流电动机标有“ 36V18W”字样，经测量其线圈电阻为则电动机在这段时间内产生的热量是(Xj0卜 B. 300JB2 Q,使电动机正常工作10min .A. 1.08【答案】)C. 3.888 护J0卜 D. 1.05 /jO【解答】解：直流电动机的电流 所以电动机线圈产生的热量： Q= I2Rt= 故答案为：Bo【解析】| =刁=f針=0.5A,(0.5A) 2 X 2 QX 10 W600J